資源簡介

2025-2026學年安徽省 A10聯盟高二（上）學情調研物理試卷
一、單選題：本大題共 8小題，共 32分。
1.捕蠅草的葉片在受到觸碰時，細胞膜外的鈣離子( 2+)內流，導致電位發生變化，葉片會迅速閉合。若
某次觸碰時，流入細胞的鈣離子( 2+)數目為1012個，則這些鈣離子( 2+)攜帶的總電荷量為( )
A. 1.6 × 10 7 B. 3.2 × 10 7 C. 1.6 × 10 6 D. 3.2 × 10 6
2.若將地球和火星的公轉視為勻速圓周運動，公轉軌道半徑用 表示，公轉周期用 表示，忽略行星自轉影
響。根據下表可判斷下列說法正確的是( )
行星 軌道半徑 / 質量 / 半徑 /
6.4
地球 1.5 × 1011 6.0 × 1024 × 106
火星 2.3 × 1011 6.4 × 1023 3.4× 106
3
A. 由 2 = 知地球和火星公轉對應的 值不同
B.火星做圓周運動的加速度比地球的大
C.地球的平均密度比火星的小
D.火星的第一宇宙速度比地球的小
3.將一個小球豎直向上拋出，一段時間后，小球落回拋出點。上升和下降的過程中，小球的動能 隨高度
(相對于拋出點)的變化關系如圖所示。若小球受到的空氣阻力大小恒定，重力加速度 = 10 / 2，則小球
的質量 和空氣阻力 的大小正確的是( )
A. = 2.5 B. = 5 C. = 2 D. = 4
4.棕熊喬伊因白化病被誤認為是北極熊，曾兩次被送到北極，還有一次被送到位于赤道的北極館，差點被
凍僵，被稱為史上最慘棕熊。若喬伊質量始終為 ，它在北極和北極館的重力差為 。已知地球半徑為 ，
則地球自轉周期為( )
A. 2 B. 2 C. 2

D. 2
第 1頁，共 12頁
5.甲、乙兩輛小車分別在平行的兩條直軌道上沿同一方向運動，從它們并排時開始計時，二者的 圖像
如圖所示。兩車可視為質點，下列說法正確的是( )
A.甲車在 4 末距初始計時點最遠 B.甲車在第 5 末的加速度大小為 2 / 2
C.相遇前兩車的最大距離為 10 D.甲、乙兩輛小車在 10 未相遇
6.如圖，球形容器內部固定有三根光滑細桿 1、2、3，細桿 2 頂端與球心在同一水平面上， 為容器最低點。
將三個可視為質點的相同小環套在細桿上，依次從細桿的頂端由靜止釋放，小環都可到達最低點 。下列說
法正確的是( )
A.小環沿細桿 1 運動加速度最小
B.小環對細桿 3 的壓力最小
C.小環從三個細桿頂端下滑到 點所用時間相同
D.小環從三個細桿頂端下滑到 點時重力的瞬時功率相等
7.如圖，一根細線下端拴一個金屬小球 ，細線穿過桌面上的光滑小孔，上端與放在水平桌面上的金屬塊
連接，小球 在水平面Ⅰ內做勻速圓周運動(圓錐擺)。現使小球上升到一個更高一些的水平面Ⅱ上做勻速圓周
運動，兩次金屬塊 都靜止在同一點。 、 均可視為質點，則小球 升高后，下列說法正確的是( )
A. 受到桌面的作用力不變 B.小球 運動的角速度變小
C.小球 運動的線速度變大 D.小球 運動的向心加速度變小
8.光滑水平面上靜止疊放著物體 和足夠長的木板 ， = 0 時刻給木板施加一個隨時間變化的水平拉力 ，
拉力 與時間 關系為 = (1 + 2 ) 。已知 和 質量分別為 1 和 3 ， 和 之間的動摩擦因數為 0.2，最
第 2頁，共 12頁
大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度 = 10 / 2，下列說法正確的是( )
A. 2.5 末 、 即將相對滑動 B. 2 末 、 5間摩擦力大小為3
C. 4 末 的加速度大小為 2.25 / 2 D. 5 末 的速度大小為 6.9375 /
二、多選題：本大題共 2小題，共 10分。
9.如圖，一對等量異種點電荷固定在同一水平線上， 是兩電荷連線的中點， 、 是連線中垂線上關于
點對稱的兩點， 、 和 、 也關于 點對稱。則下列說法正確的是( )
A. E、 兩點的電場強度大小相等、方向相反
B. A、 兩點的電場強度相同
C. B、 、 三點中， 點的電場強度最小
D. 點的電場強度大于 點
10.如圖，一水平圓轉臺上放有質量均為 的物塊 和 ，兩物塊間用輕繩連接，輕繩伸直但無彈力，分別放
置在轉臺同一直徑的兩側，物塊 和 距離轉臺中心轉軸的距離分別為 2 和 ，物塊 、 與轉臺間的動摩擦
因數均為 。已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小為 ，物塊 和 均可視為質點。現逐漸增
大轉臺的轉速，下列說法正確的是( )
A. 當轉臺的角速度大于 時，繩子才會產生張力
B.當兩物塊都將要相對轉臺滑動時，轉臺的角速度為 2

C.當兩物塊都將要相對轉臺滑動時，繩子的拉力大小為 2
D. 當轉臺的角速度等于 時，物塊 不受摩擦力
三、實驗題：本大題共 2小題，共 16分。
第 3頁，共 12頁
11.為了測量重力加速度，某實驗小組設計了如圖甲所示的實驗裝置：輕彈簧放置在光滑水平桌面上，彈簧
左端固定，右端與小鋼球接觸而不連接，桌面右端有一個光電門連接數字計時器，緊貼桌面右端放置一傾
角為 且足夠長的斜面，斜面頂端與桌面等高。已知小鋼球直徑為 ，開始時彈簧處于原長狀態，小球可視
為質點。
(1)向左推小球使彈簧壓縮一段距離，現由靜止釋放小球，小球通過光電門的擋光時間為 ，則小球做平拋
運動的初速度大小為 ;
(2)標記小球在斜面上的落點，測量落點到桌面右端的水平距離 。重復上述操作，根據實驗數據作
( ( )2 1填“ ”“ ”或“( )2”)的圖像如圖乙所示;
(3)若圖乙的斜率為 ，則重力加速度大小 = 。
12.某同學設計了驗證機械能守恒定律的實驗，如圖甲所示，一根輕繩一端連接固定的拉力傳感器，另一端
連接質量為 的小鋼球，重力加速度大小為 。拉起小鋼球使輕繩自然伸直至某一位置由靜止釋放，使小鋼
球在豎直平面內擺動，記錄鋼球擺動過程中拉力傳感器示數的最大值 max和最小值 min，改變小鋼球的初始
釋放位置，重復上述過程。根據測量數據在直角坐標系中繪制 max min圖像是一條直線，如圖乙所示。
(1)該實驗系統誤差的主要來源是 ;
A.小鋼球擺動角度偏大
B.小鋼球初始釋放位置不同
第 4頁，共 12頁
C.小鋼球擺動過程中有空氣阻力
(2)若小鋼球擺動過程中機械能守恒，則 max = (用 min、 、 表示)，由圖乙數據可知小鋼球的重力
為 ;
(3)考慮到上述實驗誤差的影響，實驗得到的 max min圖像縱截距真實值與理論值相比 (填“偏
大”“偏小”或“不變”)。
四、計算題：本大題共 3小題，共 42分。
13.如圖，兩相同的帶電金屬小球 、 均可視為質點，電荷量分別為+ 和+2 ， 固定在絕緣水平面上，
恰好靜止在 正上方高為 處的 點。現將小球 鎖定，讓一個與 、 完全相同的不帶電的金屬小球 ，先后
與小球 、 接觸一下，然后移走小球 ，再解除小球 的鎖定。已知重力加速度大小為 ，在小球 下落過程
中，求：
(1)解除小球 鎖定的瞬間， 的加速度大小;
(2)小球 的速度達到最大時距水平面的高度。
14.在一次籃球運動訓練中，籃球在空中劃出完美的弧線，現在籃球運動所在的豎直平面內建立平面直角坐
標系 ，如圖所示。籃球從 點投出，最后到達地面上的 點， 、 是其運動軌跡上的兩點， 為籃球運
動的最高點。 、 、 、 四點的坐標分別為( , 0)、(0, )、( , 0)、(2 , )。不計空氣阻力，籃球可視
為質點，重力加速度大小為 ，求：
(1)籃球從 運動到 的時間;
(2) 點的縱坐標 的值;
(3)籃球從 點投出時的初速度大小。
第 5頁，共 12頁
15.如圖，輕質彈簧左端固定在豎直墻面上，右端與一質量 = 2 的小滑塊接觸，滑塊與彈簧不栓接，光
滑水平面 的右端 與傾角 = 37 的傳送帶平滑連接，傳送帶以恒定速率 = 10 / 順時針轉動，傳送帶
上端 與半徑 = 1 的光滑的圓弧軌道相切，圓弧軌道上 點與圓心 等高。已知傳送帶 長 = 5 ，滑塊
與傳送帶間的動摩擦因數 = 0.5，重力加速度 = 10 / 2，sin37 = 0.6，所有裝置在同一豎直平面內，彈
簧始終處于彈性限度內，彈簧原長小于 間距。
(1)向左推動滑塊壓縮彈簧并鎖定，此時彈簧儲存的彈性勢能 1 = 20 ，解除鎖定，滑塊在彈簧作用下向右
運動，求滑塊到達 點的速度大小;
(2)求(1)問中滑塊通過傳送帶由 到 的過程中，因摩擦產生的熱量 ;
(3)調節輕彈簧鎖定的位置，小滑塊仍緊靠彈簧右端，當彈簧鎖定后儲存的彈性勢能為 2時，釋放滑塊，滑
塊恰好在圓弧上 ( ⊥ )點脫離軌道，求彈簧的彈性勢能 2。
第 6頁，共 12頁
答案解析
1.【答案】
【解析】單個鈣離子( 2+)帶 2 個元電荷的電荷量，則單個離子的電荷量為 = 2 = 3.2 × 10 19 ，總電荷
量為 = = 3.2 × 10 7 。故 B 正確，ACD 錯誤。
2.【答案】
【解析】根據開普勒第三定律，行星公轉軌道半長軸三次方與周期的平方比值 是一個僅與太陽質量有關的
常數，即二者對應的 值相同，故 A 錯誤;

對于任一行星，設太陽的質量為 ，行星的軌道半徑為 ，根據 2 = 得加速度 = 2 ，則知火星做圓
周運動的加速度較小，故 B 錯誤;

在行星表面，由 = 4 3代入表格數據可知，火星的平均密度較小，故 C 錯誤;
3
′ 2
設行星的第一宇宙速度為 ，則 2 = ′ 得 = ，代入數據可得火星的第一宇宙速度較小，故 D
正確。
3.【答案】
【解析】上升階段 = 0 50 ，下降階段 = 30 0，解得 = 2.5 ， = 1 。故 A
正確。
4.【答案】

【解析】解：喬伊在北極時有 2 = 1，
2
喬伊在北極館時有 4 2 = 2 + 2 ，其中△ = 1 2，

解得 = 2 △ ，故 BCD 錯誤，A 正確。
故選 A。
5.【答案】
【解析】甲車 4 末的速度達到最大，方向未發生變化，4 末還在前進，故 A 錯誤;
△
根據圖像的斜率可知，甲車在第 5 末的加速度大小為 = | △ | = 4 /
2，故 B 錯誤;
當甲乙兩車速度相等時相距最遠，經分析當 = 5 時兩者速度相等，根據圖像與坐標軸圍成的面積代表位移
1
可知，此時兩車相距的距離為 = 2 × 5 × 4 = 10 ，故 C 正確;
第 7頁，共 12頁
4+8 1
甲車從計時開始到停下運動的位移為 甲 = 2 × 4 + 2 × 2 × 8 = 32 ，乙車運動 32 需要的時間為

= 甲 = 32 乙 4 / = 8 ，故 8 末甲、乙兩車相遇，故 D 錯誤。
乙
6.【答案】
【解析】設球形容器的半徑為 ，軌道與水平面的傾角為 ，由牛頓第二定律有 = sin ，解得 = sin ，
由題意可知，細桿 1 與水平面的傾角最大，則小環沿細桿 1 運動加速度最大，故 A 錯誤;
在垂直細桿方向上，由平衡條件可得小環受到的支持力 = cos ，由牛頓第三定律可得小環對細桿的
′
壓力 = = cos ，則小環對細桿 1 的壓力最小，故 B 錯誤;
1 4
根據幾何關系，可得小環沿細桿下滑的位移為 = 2 sin ，由位移公式可知 = 2
2，解得時間為 = ，
即小環沿三根細桿下滑的時間相等，故 C 正確;
小環從細桿 1 下滑到 點時的速度 = 2 = 2sin ，重力的瞬時功率 = sin = 2 sin2 ，
所以小環從細桿 1 下滑到 點時重力做功的瞬時功率最大，故 D 錯誤。
7.【答案】

【解析】設細線與豎直方向夾角為 ，細線拉力大小為 ，細線長為 ， 球做勻速圓周運動時，有 = cos ，
小球上升后， 增大，可知 增大。金屬塊 保持在桌面上靜止，根據平衡條件得知，在豎直方向上， 受到
桌面的支持力等于其重力，保持不變;水平方向上， 受到桌面的摩擦力等于細線的拉力，增大;所以 受到桌
面的作用力變大，故 A 錯誤;

水平面上小球做圓周運動，有 tan = 2 sin ，解得角速度 = cos ， 增大，cos 減小，角速度增
大，故 B 錯誤;
2
小球做圓周運動，有 tan = ，解得線速度 = tan sin ， 增大，tan sin 增大，線速度增大， sin
故 C 正確;
小球做圓周運動，有 tan = ， 增大，tan 增大，向心加速度增大，故 D 錯誤。
第 8頁，共 12頁
8.【答案】
【解析】A、 即將相對滑動時，對 有 = ， = 2 / 2，對 有 = ，解得 = 8 ，
所以 = 3.5 時 、 即將相對滑動，故 A 錯誤;
= 2 < 3.5 ， 、 5相對靜止，對整體分析 2 = ( + ) 2，對 分析 = 2，所以 = 4 ，故 B
錯誤;
= 4 > 3.5 ，4 末 、 已經相對滑動， 加速度大小為 2 / 2，故 C 錯誤;
如圖是物體 的 圖像，由圖像面積得 5 末 的速度大小為 6.9375 / ，故 D 正確。
9.【答案】
【解析】由于 、 是連線中垂線上關于 對稱的兩點，則其電場強度大小、方向均相同，故 A 錯誤;
根據對稱性可知， 、 兩點電場強度大小相同，故 B 正確;
B、 、 三點比較， 點的電場線最稀疏，電場強度最小，故 C 正確;
兩電荷連線上 點和 點電場強度大小相等，且大于 點、 點電場強度大于 點，所以 點電場強度大于
點，故 D 正確。
10.【答案】
【解析】A.兩物塊向心力大小分別為 22 、 2 ，故物塊 先達到最大靜摩擦力，繩子將產生張力，
則有 22 =
= 得 2 ，故 A 錯誤；
.當物塊 也達到最大靜摩擦力時，對 有 + = 22
對 有 = 2
得 = 2 ， = 3
故 C 錯誤，B 正確；
D. 不受摩擦力時，對 有 + = 22 ，對 有 = 2
第 9頁，共 12頁
得 = ，故 D 正確。
11. 【答案】
1
( )2
2 2tan

【解析】(1) 小球平拋的初速度大小為 0 = 。
2
(2) 1 2 tan 1根據平拋運動規律有 = 0 ， = 22 ，tan = ，由以上解得 = (△ )2，所以 (△ )2的圖像如圖乙
所示。
2 2
(3) = 2 tan = 2 tan 由圖乙直線斜率 ，求得重力加速度 。
12.【答案】
3 2 min
0.54
偏小
【解析】(1)該實驗系統誤差主要來源是小鋼球擺動過程中有空氣阻力，使機械能減少，選 C；
(2)設初始位置輕繩與豎直方向的夾角為 ，釋放時傳感器示數最小，運動到最低點傳感器示數有最大值，
min = cos ①，
從釋放到最低點由動能定理 (1 cos ) = 12
2 ②，
2
在最低點 max = ③，
由 ① ② ③得 max = 3 2 min。
由圖乙及 max min關系式可知 3 = 1.62 ，所以 = 0.54 。
(3)考慮空氣阻力則有 (1 cos ) 1 2 = 2 ④，
2由 ① ③ ④得 max = 3 2 min ，
2
截距變為 3 ，故選偏小。
第 10頁，共 12頁
13. 2 【答案】(1)設 球質量為 ， 恰好靜止在 上方，對 分析有： = 2 ①
1 5
讓一個與 、 完全相同的不帶電的小球 ，先后與小球 、 接觸一下后： = 2 ， = 4 ，
1 5
解除鎖定瞬間對 分析有： 2 4 2 = ②
由 ① ②得： = 1116 ；
1 5
(2)小球 速度達到最大時合力為零，對 分析有： = 2 4 2 ③
由 ① ③得： = 54 。
【解析】詳細解答和解析過程見【答案】
14.【答案】(1)由 運動到 的過程，水平方向做勻速直線運動，由于 = = = ，
所以籃球在 、 、 段運動的時間相等，設每段運動的時間為 ，有： = = = ，
1
由 到 豎直方向有： = 2
2，
解得： = 2 ，
籃球從 運動到 的時間： = 3 = 3
2
。
(2) 1運動到 的過程，豎直方向做自由落體運動，由于兩段時間相等， 到 豎直方向有： + = 2 (2 )
2，
解得： = 3 。
(3)由 運動到 ，根據逆向思維法有： = ，
= 2 ，
2 2 = + ，
5
聯立可得： = 2
【解析】詳細解答和解析過程見【答案】
15. 1【答案】解：(1)對滑塊在 段有： 1 = 2
2
，
解得： = 2 5 / ，
因 < = 10 / ， < tan ，所以滑塊在傳送帶上一直減速運動，
1
從 到 由動能定理： sin + cos = 2
2 1 2
2 ，
解得： = 0。
(2)根據牛頓第二定律： sin cos = ，
第 11頁，共 12頁
解得： = 2 / 2，
= 滑塊在傳送帶上運動的時間： = 5 ，
傳送帶運動的位移： 傳 = ，
則滑塊與傳送帶的相對位移為： = 傳 ，
因摩擦產生的熱量： = cos ，
解得： = (80 5 40) = 40(2 5 1) 。
(3)
2
對物塊在 點受力分析有： sin = ，
解得： = 6 / ，
1 1從 到 由動能定理： (cos + sin ) = 2
2
2 ′
2
，
解得： ′ = 34 / ，
假設由 到 物體所受摩擦力一直沿傳送帶向上，由動能定理有： sin + cos = 12 ′
2

1
2 ′
2
，
解得 ′ = 54 / < 10 / ，所以假設成立，
彈簧的彈性勢能為： 2 =
1 2
2 ′ = 54 ．
【解析】詳細解答和解析過程見【答案】
第 12頁，共 12頁

展開更多......

收起↑