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第四章 運(yùn)動和力的關(guān)系
物理必修第一冊 人教版2019
前面我們學(xué)習(xí)了怎樣描述物體的運(yùn)動，但是沒有討論物體為什么會運(yùn)動。要討論這個問題，必須知道運(yùn)動和力的關(guān)系。在力學(xué)中，只研究物體怎樣運(yùn)動而不涉及運(yùn)動和力的關(guān)系的分支，叫作運(yùn)動學(xué)（kinematics）；研究運(yùn)動和力的關(guān)系的分支，叫作動力學(xué)（dynamics）。
動力學(xué)知識在生產(chǎn)和科學(xué)研究中很重要，設(shè)計各種機(jī)器，控制交通工具，研究天體運(yùn)動等，都離不開動力學(xué)知識。
第四章 運(yùn)動和力的關(guān)系
連接體問題
01
傳送帶模型
02
板塊模型
03
動力學(xué)圖像
04
動力學(xué)中的臨界、極值問題
05
本章思維導(dǎo)圖
第四章 運(yùn)動和力的關(guān)系
考點01 連接體問題
第四章 運(yùn)動和力的關(guān)系
知識一 連接體問題的處理方法
(1)外力和內(nèi)力
如果以物體(包括物體間的繩、彈簧等)組成的系統(tǒng)為研究對象，則系統(tǒng)之外的作用力為該系統(tǒng)受到的外力，而系統(tǒng)內(nèi)各物體間的相互作用力為該系統(tǒng)的內(nèi)力。
(2)整體法：把整個系統(tǒng)作為一個研究對象，不必考慮系統(tǒng)的內(nèi)力，只需分析系統(tǒng)受到的外力，然后依據(jù)牛頓第二定律列方程求解。
(3)隔離法：把系統(tǒng)中的一部分作為研究對象，此時系統(tǒng)的內(nèi)力就有可能成為該研究對象所受的外力，在分析時應(yīng)加以注意。
知識二 整體法與隔離法的選擇
(1)整體法的研究對象少、受力少、方程少，所以連接體問題優(yōu)先采用整體法。
(2)涉及物體間相互作用的內(nèi)力時，必須采用隔離法。
(3)若連接體內(nèi)各物體具有相同的加速度且需要求解物體間的相互作用力，就可以先用整體法求出加速度，再用隔離法分析其中一個物體的受力，即“先整體求加速度，后隔離求內(nèi)力”。
(4)若已知某個物體的受力情況，可先隔離該物體求出加速度，再以整體為研究對象求解外力。
【例1】如圖所示，一帶有“T”型支架，質(zhì)量為M的小車置于光滑水平地面上，OA為輕質(zhì)活桿，可繞O點無摩擦轉(zhuǎn)動，O′B為輕繩，其兩端分別連接質(zhì)量為m和2m的小球A、B。在水平恒力F作用下，整個裝置保持相對靜止一起運(yùn)動，OA、O′B與豎直方向夾角分別為，忽略空氣阻力，下列說法正確的是（　　）
A．大于
B．小車加速度大小為
C．輕桿對小球A的彈力大小為
D．恒力F大小為
一、 具有相同加速度的連接體問題
B
一、 具有相同加速度的連接體問題
【答案】B
【詳解】AB．OA為輕質(zhì)活桿，桿的彈力沿桿方向，細(xì)線的拉力沿繩的方向，
根據(jù)mgtanα=ma可知所以一定等于，小車加速度大小為，
A錯誤，B正確；
C．對小球A有解得，C錯誤；
D．對系統(tǒng)，由牛頓第二定律得，D錯誤。
故選B。
【例2】如圖所示，A、B兩滑塊的質(zhì)量分別為2m和m，用一輕繩將兩滑塊相連后分別置于兩等高的光滑水平桌面上，并用手按著兩滑塊固定不動。現(xiàn)將一輕質(zhì)動滑輪置于輕繩上，然后將一質(zhì)量為2m的鉤碼C掛于動滑輪上?，F(xiàn)先后按以下兩種方式操作：第一種方式只由靜止釋放A而B按著不動；第二種方式A和B均由靜止釋放。則C在以上兩種釋放方式中獲得的加速度之比為（　　）
A．7:15 B．7:12
C．5:9 D．1:3
二、 具有不同加速度的連接體問題
A
二、 具有不同加速度的連接體問題
【答案】A
【詳解】第一種方式只由靜止釋放A而B按著不動，對A進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律有
對C進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律有根據(jù)分析，位移的關(guān)系為解得。
第二種方式A和B均由靜止釋放，對A進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律有對B進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律有對C進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律有根據(jù)分析，位移的關(guān)系為解得則C在以上兩種釋放方式中獲得的加速度之比
故選A。
考點02 傳送帶模型
第四章 運(yùn)動和力的關(guān)系
知識一 水平傳送帶
類型 圖示 物體運(yùn)動情況
水平傳送帶 (1)可能一直加速；(2)可能先加速后勻速
(1)v0＜v時，可能一直加速，也可能先加速后勻速；(2)v0＞v時，可能一直減速，也可能先減速后勻速
(1)傳送帶較短時，物體一直減速到達(dá)左端；(2)傳送帶較長時，物體先向左運(yùn)動，減速到零后再向右運(yùn)動回到右端
知識二 傾斜傳送帶
類型 圖示 物體運(yùn)動情況
傾斜傳送帶 (1)可能一直加速；(2)可能先加速后勻速
(1)可能一直加速；(2)可能先加速后勻速；(3)可能先以a1加速后以a2加速
知識三 傳送帶問題的求解思路(以物體初速度v0＝0為例)
【例3】東莞目前已開通地鐵軌道2號線，為保障旅客安全出行，地鐵部門須對乘客所攜帶的物品實施安全檢查。如圖所示，水平傳送帶以的速度勻速轉(zhuǎn)動，一包裹無初速度地放在傳送帶上，包裹在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動，之后隨傳送帶一起做勻速直線運(yùn)動。已知該包裹和傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為0.2，重力加速度取。（　?。?br/>A．包裹與傳送帶相對靜止時受到靜摩擦力
B．包裹在傳送帶上做勻加速直線運(yùn)動的時間為
C．包裹初始階段受與運(yùn)動方向相同的摩擦力作用
D．包裹做勻加速直線運(yùn)動過程中相對地面的位移大小為
一、 水平傳送帶模型
C
一、 水平傳送帶模型
【答案】C
【詳解】A．當(dāng)包裹與傳送帶相對靜止時物體與傳送帶做勻速直線運(yùn)動，兩者之間沒有要發(fā)生相對運(yùn)動的趨勢，故包裹不受靜摩擦力，A錯誤；
BD．包裹勻加速運(yùn)動時，根據(jù)牛頓第二定律則有解得包裹的加速度大小為故包裹勻加速運(yùn)動的時間包裹相對于地面的位移大小為，BD錯誤；
C．包裹無初速度地剛放在傳送帶上，包裹相對于傳送帶有向后滑動的趨勢，摩擦力的作用阻礙了包裹的相對運(yùn)動，故包裹初始階段受與運(yùn)動方向相同的摩擦力作用而做加速運(yùn)動，C正確。
故選C
【例4】防疫期間人們利用電子商務(wù)購物變得十分普遍。如圖所示是分揀快件的傳送帶模型，傳送帶與水平面夾角為，逆時針運(yùn)行速度為，、間長度為。將一質(zhì)量為的小物塊（可視為質(zhì)點）無初速度地放在傳送帶上端，已知小物塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為，，，重力加速度取，下列說法正確的是（　?。?br/>A．小物塊下滑至與傳送帶速度相等時所用時間為5s
B．小物塊下滑6m后與傳送帶速度相等
C．小物塊從到的時間為1.5s
D．小物塊先加速下滑后減速下滑
二、 傾斜傳送帶模型
C
二、 傾斜傳送帶模型
【答案】C
【詳解】AB．小物塊剛放到A處時，受到向下的摩擦力，對小物塊受力分析，如圖甲所示，
根據(jù)牛頓第二定律，可知其加速度大小為則小物塊下滑至與傳送帶速度相等時，所用時間為發(fā)生位移為 即小物塊下滑5m后與傳送帶速度相等，故AB錯誤；
CD．小物塊速度達(dá)到后，小物塊受到向上的摩擦力，由于，小物塊仍將加速下滑，其受力分析如上圖乙所示，根據(jù)牛頓第二定律，可知其加速度大小為則有聯(lián)立解得則小物塊從到的時間為 故C正確、D錯誤。
故選C
考點03　板塊模型
第四章 運(yùn)動和力的關(guān)系
知識一 處理方法和步驟
運(yùn)動狀態(tài) 板塊速度不相等 板塊速度相等瞬間 板塊共速運(yùn)動
處理方法 隔離法 假設(shè)法 整體法
具體步驟 對滑塊和木板進(jìn)行隔離分析，弄清每個物體的受體情況與運(yùn)動過程 假設(shè)兩物體間無相對滑動，先用整體法算出一起運(yùn)動的加速度，再用隔離法算出其中一個物體“所需要”的摩擦力Ff；比較Ff與最大靜摩擦力Ffm的關(guān)系，若Ff>Ffm，則發(fā)生相對滑動 將滑塊和木板看成一個整體，對整體進(jìn)行受力分析和運(yùn)動過程分析
知識二 臨界條件
臨界條件 ①兩者速度達(dá)到相等的瞬間，摩擦力可能發(fā)生突變②當(dāng)木板的長度一定時，滑塊可能從木板滑下，恰好滑到木板的邊緣，二者共速是滑塊滑離木板的臨界條件
相關(guān)知識 運(yùn)動學(xué)公式、牛頓運(yùn)動定律等
【例5】如圖甲所示，質(zhì)量為的木板靜止在光滑水平面上，可視為質(zhì)點的物塊（質(zhì)量設(shè)為m）從木板的左側(cè)沿木板表面水平?jīng)_上木板，物塊剛好未滑離木板，物塊和木板的速度一時間圖像如圖乙所示，，結(jié)合圖像，下列說法正確的是（ ）
A．可求得物塊在前內(nèi)的位移
B．可求得物塊與木板間的動摩擦因數(shù)
C．可求解物塊的質(zhì)量
D．可求解木板的長度
一、 無外力板塊模型
C
一、 無外力板塊模型
【答案】C
【詳解】A．物塊在前2s內(nèi)的位移故A錯誤；
BC．由運(yùn)動學(xué)圖像知，兩物體加速度大小相同，設(shè)物塊加速度大小為，木板加速度大小為，則有則，解得故B錯誤，C正確；
D．由乙圖可知1s末兩者相對靜止，且物塊剛好未滑離木板，由圖像面積可得木板長度
故D錯誤。
故選C
【例6】某實驗小組在探究接觸面間的動摩擦因數(shù)實驗中，如圖甲所示，將一質(zhì)量為M的長木板放置在水平地面上，其上表面有另一質(zhì)量為m的物塊，剛開始均處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)使物塊受到水平力F的作用，用傳感器測出水平拉力F，畫出F與物塊的加速度a的關(guān)系如圖乙所示。已知重力加速度g=10m/s2，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，整個運(yùn)動過程中物塊始終未脫離長木板。則不正確的是（　?。?br/>A．長木板的質(zhì)量為2kg
B．長木板與地面之間的動摩擦因數(shù)為0.1
C．長木板與物塊之間的動摩擦因數(shù)為0.4
D．當(dāng)拉力F增大，長木板的加速度一定增大
二、 有外力板塊模型
D
二、 有外力板塊模型
【答案】D
【詳解】AC．設(shè)長木板與物塊間的動摩擦因數(shù)為，長木板與地面間的動摩擦因數(shù)為，由圖可知，當(dāng)F>12N時木塊和木板開始產(chǎn)生滑動，則有即結(jié)合圖像可知，解得，AC正確，不符題意；
B．當(dāng)時二者具有共同的加速度，則有
由圖像可知，解得，，B正確，不符題意；
D．當(dāng)拉力F增大時，長木板與木塊之間產(chǎn)生相對滑動，此時長木板受地面的摩擦力和木塊的摩擦力不變，則加速度不變，D錯誤，符合題意。
故選D
考點04　動力學(xué)圖像
第四章 運(yùn)動和力的關(guān)系
知識一 類型與解題策略
常見圖像 v t圖像、a t圖像、F t圖像、F a圖像
三種類型 (1)已知物體受到的力隨時間變化的圖線，求解物體的運(yùn)動情況。(2)已知物體的速度、加速度隨時間變化的圖線，求解物體的受力情況。(3)由已知條件確定某物理量的變化圖像。
解題策略 (1)問題實質(zhì)是力與運(yùn)動的關(guān)系，要注意區(qū)分是哪一種動力學(xué)圖像。(2)應(yīng)用物理規(guī)律列出與圖像對應(yīng)的函數(shù)方程式，進(jìn)而明確“圖像與公式”“圖像與物體”間的關(guān)系，以便對有關(guān)物理問題作出準(zhǔn)確判斷。
知識二 破題關(guān)鍵
常見圖像 v t圖像、a t圖像、F t圖像、a F圖像
破題關(guān)鍵 (1)分清圖像的類別：即分清橫、縱坐標(biāo)所代表的物理量，明確其物理意義，掌握物理圖像所反映的物理過程，會分析臨界點。
(2)注意圖線中的一些特殊點所表示的物理意義：圖線與橫、縱坐標(biāo)的交點，圖線的轉(zhuǎn)折點，兩圖線的交點等。
(3)明確能從圖像中獲得哪些信息：把圖像與具體的題意、情境結(jié)合起來，再結(jié)合斜率、特殊點、面積等的物理意義，確定從圖像中反饋出來的有用信息，這些信息往往是解題的突破口或關(guān)鍵點。
【例7】假設(shè)一架無人機(jī)質(zhì)量為4kg，運(yùn)動過程中空氣阻力大小恒定。該無人機(jī)從地面由靜止開始豎直向上運(yùn)動，一段時間后關(guān)閉動力，其v-t圖像如圖所示，重力加速度g取下列判斷正確的是（　　）
A．無人機(jī)上升的最大高度為48m
B．3~4s內(nèi)無人機(jī)在下降
C．無人機(jī)的升力大小為32N
D．無人機(jī)所受阻力大小為8N
一、 v-t圖像
D
一、 v-t圖像
【答案】D
【詳解】A．v-t圖線與坐標(biāo)軸所圍的面積表示位移，則無人機(jī)上升的最大高度為故A錯誤；
B．內(nèi)無人機(jī)減速上升，故B錯誤；
CD．無人機(jī)加速上升時的加速度大小則由牛頓第二定律有減速上升時的加速度大小則由牛頓第二定律有聯(lián)立解得升力大小為無人機(jī)所受阻力大小為故C錯誤，D正確。
故選D
【例8】如圖甲所示，傾角為37°的粗糙斜面體固定在水平面上，質(zhì)量為m的小木塊在沿斜面向上的恒力F作用下沿斜面上滑。a隨F變化關(guān)系如圖乙所示（取沿斜面向上為正方向）。認(rèn)為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g = 10 m/s2，sin37° = 0.6。下列說法正確的是（　?。?br/>A．若F < 16 N，則物塊一定加速下滑
B．小木塊的質(zhì)量為2 kg
C．小木塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為0.35
D．若斜面傾角增大，則a F圖像斜率增大
二、 a-F圖像
B
二、 a-F圖像
【答案】B
【詳解】BC．由題意可知，以木塊為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律有變形得由圖乙可得斜率為解得由圖乙可知縱截距為解得故B正確，C錯誤；
A．設(shè)當(dāng)恒力為F0時，物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，且恰好不下滑，則有解得即當(dāng)F < F0 = 8 N時，物塊一定加速下滑，故A錯誤；
D．根據(jù)可知斜率為故增大斜面傾角，a F圖像斜率保持不變，故D錯誤。
故選B
考點05　動力學(xué)中的臨界、極值問題
第四章 運(yùn)動和力的關(guān)系
知識一 動力學(xué)中典型的臨界條件
臨界狀態(tài) 臨界條件
兩物體接觸或脫離 彈力FN＝0
兩物體由相對靜止開始相對滑動 靜摩擦力達(dá)到最大值
繩子斷裂 張力等于繩子所能承受的最大張力
繩子松弛 張力FT＝0
加速度最大或最小 當(dāng)所受合力最大時，具有最大加速度；合力最小時，具有最小加速度
速度最大或最小 加速度為零
知識二 臨界極值問題的處理方法
(1)極限法：在題目中若出現(xiàn)“最大”“最小”“剛好”等詞語時，則一般隱含著臨界問題，處理這類問題時，應(yīng)把物理過程推向極限，從而使臨界條件暴露出來。
(2)假設(shè)法：在有些物理過程中，沒有明顯出現(xiàn)臨界問題的線索，但在變化過程中可能出現(xiàn)臨界問題，也可能不出現(xiàn)臨界問題，解答這類題時，一般用假設(shè)法。
(3)數(shù)學(xué)方法：將物理過程轉(zhuǎn)化為數(shù)學(xué)表達(dá)式，根據(jù)數(shù)學(xué)表達(dá)式求解得出臨界條件。
【例9】如圖所示，地面上豎直固定一根勁度系數(shù)為的輕彈簧，彈簧上面疊放兩個物塊，兩個物塊處于平衡狀態(tài)。已知下面物塊質(zhì)量為，上面物塊質(zhì)量為，重力加速度為，現(xiàn)給上面物塊施加一個向上的拉力，控制拉力的大小，讓兩物塊一起以的加速度向上勻加速運(yùn)動，則兩物塊分離時的瞬時速度為（　　）
A． B．
C． D．
一、接觸兩物體脫離
C
一、接觸兩物體脫離
【答案】C
【詳解】設(shè)靜止時彈簧的壓縮量為，初狀態(tài)時對整體，
有
兩物塊分離時，加速度相等且它們之間沒有彈力。設(shè)分離時彈簧的壓縮量為，對下面物塊，有解得因此分離之前兩物塊做勻加速運(yùn)動，則有解得
故選C
【例10】如圖，水平面上有A、B兩物體，質(zhì)量均為1kg，各接觸面間的動摩擦因數(shù)均為0.3，現(xiàn)在對B施加一水平向右的拉力F，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g取，則（　?。?br/>A．，物體B恰好滑動
B．，物體B恰好滑動
C．，物體A、B恰好相對滑動
D．，物體A、B恰好相對滑動
二、 疊放木塊的相對滑動
D
二、 疊放木塊的相對滑動
【答案】D
【詳解】設(shè)A、B兩物體恰好發(fā)生相對滑動時，A、B兩物體的加速度為a，對A物體，由牛頓第二定律解得以A、B兩物體為整體，由牛頓第二定律解得。
故選D
　課堂鞏固與總結(jié)
第四章 運(yùn)動和力的關(guān)系
1．如甲圖所示是飛機(jī)場的行李牽引車，它是一種將貨物運(yùn)送到停機(jī)位或分揀區(qū)位置的車輛。某次，一輛行李牽引車牽引了三節(jié)車廂簡化圖如乙圖所示，每節(jié)車廂的質(zhì)量（包括貨物）相同，運(yùn)動時每節(jié)車廂所受的阻力均為f，某段時間內(nèi)牽引車做勻加速直線運(yùn)動，牽引車給第一節(jié)車廂的拉力為F，則第二節(jié)車廂給第三節(jié)車廂的拉力是（　?。?br/>A． B．
C． D．
A
課堂鞏固
課堂鞏固
【答案】A
【詳解】每節(jié)車廂受到的阻力為f，以三節(jié)車廂為研究對象，由牛頓第二定律有F-3f=3ma設(shè)第二節(jié)車廂給第三節(jié)車廂的拉力大小為T，以第三節(jié)車廂為研究對象，由牛頓第二定律有T-f=ma聯(lián)立方程可得T=。
故選A
2．如圖所示，一個小炭塊從傳送帶的底端以4m/s的速度沖上傾角θ=37°的傾斜傳送帶，足夠長的傳送帶始終以速率v=2m/s順時針轉(zhuǎn)動。已知小炭塊和傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，sin37°=0.6，cos37°=0.8， 重力加速度大小。g =10m/s2。則小炭塊從開始沖上傾斜傳送帶到速度為零的過程中 （　　）
A．小炭塊所受摩擦力不變
B．小炭塊加速度大小為10m/s
C．小炭塊在傳送帶上留下的痕跡長度為1.2m
D．傳送帶傳動的距離為2.4m
D
課堂鞏固
課堂鞏固
【答案】D
【詳解】A．小炭塊所受摩擦力方向先沿斜面向下，后來沿斜面向上，摩擦力方向改變，A錯誤；
B．第一個減速階段，解得因為共速后繼續(xù)減速，第二個減速階段，解得，B錯誤；
C．第一個減速階段，減速到共速所需時間傳送帶位移物塊位移故相對位移為第二個減速階段減速時間傳送帶位移物塊位移故相對位移為因為，故小炭塊在傳送帶上留下的痕跡長度為1m，C錯誤；
D．由上述分析可知，傳送帶傳動的距離為，D正確。
故選D
3．如圖甲所示，足夠長的木板B靜置于光滑水平面上，其上放置小滑塊A，木板B受到隨時間t變化的水平拉力F作用時，木板B的加速度a與拉力F關(guān)系圖像如圖乙所示，重力加速度g=10m/s2。則根據(jù)該圖像可求出（　?。?br/>A．小滑塊A的質(zhì)量mA=2kg
B．A、B之間的最大靜摩擦力為8N
C．拉力F為10N時小滑塊A的加速度為4m/s2
D．A、B之間的動摩擦因數(shù)為0.2
D
課堂鞏固
課堂鞏固
【答案】D
【詳解】A．由圖乙知當(dāng)F等于8N時，加速度為對整體分析，由牛頓第二定律有代入數(shù)據(jù)解得當(dāng)F大于8N時，對B由牛頓第二定律得由圖示圖像可知此時圖線的斜率則木板B的質(zhì)量所以滑塊A的質(zhì)量為故A錯誤；
B．當(dāng)F等于8N時，A、B之間的摩擦力為最大靜摩擦力，對滑塊A由牛頓第二定律有
故B錯誤；
CD．根據(jù)F大于8N的圖線知，F(xiàn)=6N時加速度為0，由可得解得當(dāng)拉力F為10N時A、B發(fā)生相對滑動，則滑塊A所受摩擦力為小滑塊A的加速度為故C錯誤，D正確。
故選D
4．如圖（a）所示為一款滑桿運(yùn)輸裝置自動回拉系統(tǒng)，滑桿與水平面的夾角為，滑桿上套著一質(zhì)量的小球（可視為質(zhì)點）。某次測試中，該系統(tǒng)向小球提供沿滑桿方向的外力，小球從點靜止出發(fā)，規(guī)定沿滑桿向上為的正方向，隨小球與點間距離的變化關(guān)系如圖（b）所示，小球所受摩擦力可忽略不計，取，則小球（　　）
A．從點開始運(yùn)動過程中加速度大小為
B．在時速度大小為0
C．從點開始運(yùn)動的時間大于的時間
D．從點開始運(yùn)動的時間小于的時間
B
課堂鞏固
課堂鞏固
【答案】B
【詳解】A．運(yùn)動過程中沿桿方向受力分析解得，故A錯誤；
BCD．運(yùn)動過程中沿桿方向受力分析解得運(yùn)動到2m時的時間運(yùn)動到2m時的速度由可得的運(yùn)動時間由可得的速度。故B正確，CD錯誤。
故選B
5．如圖，粗糙水平面上放置B、C兩物體，A疊放在C上，A、B、C的質(zhì)量分別為m、2m和m，物體B、C與水平面間的動摩擦因數(shù)相同，其間用一根不可伸長的輕繩相連，輕繩能承受的最大拉力為FT（已知此時A、C保持相對靜止），現(xiàn)用水平拉力F拉物體B，使三個物體以同一加速度向右運(yùn)動，則（　?。?br/>A．此過程中物體C受五個力作用
B．當(dāng)F逐漸增大到FT時，輕繩剛好被拉斷
C．當(dāng)F逐漸增大到2FT時，輕繩剛好被拉斷
D．若地面光滑，B、C間繩的拉力變小
C
課堂鞏固
課堂鞏固
【答案】C
【詳解】A．由題意可知，A受重力、C對A的支持力和C對A向右的靜摩擦力作用，則C受重力、A對C的壓力、地面對C的支持力、繩子的拉力、A對C向左的靜摩擦力以及地面對C的向左的滑動摩擦力的作用，則此過程中物體C受六個力作用，故A錯誤；
BC．對A、B、C組成的整體分析，由牛頓第二定律可得對A、C分析，根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立可得則當(dāng)F = 2FT時，輕繩剛好被拉斷，故B錯誤，C正確；
D．結(jié)合前面分析可知，若地面光滑，對整體分析，由牛頓第二定律可得對A、C分析，根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立可得由此可知，B、C間繩的拉力不變，故D錯誤。
故選C
課堂小結(jié)
1.重點：
連接體問題、傳送帶模型、板塊模型、動力學(xué)圖像和臨界極值問題中對牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)公式的綜合應(yīng)用。
2.難點：
(1) 板塊模型的綜合應(yīng)用。
(2) 臨界極值問題的綜合應(yīng)用。
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