資源簡介

遼寧省普通高中2025~2026學年上學期期初考試調研試題（4）
高二物理
命題范圍：【必修二6~8章，必修三9~10章，選擇性必修1】圓周運動、天體、機械能守恒定律、電場、動量
一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第 1~7 題只有一項符合題目要求，每小題4分；第 8~10題有多項符合題目要求，每小題6分全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。
1．在水平路面上轉彎的汽車，提供向心力的是
A．重力和支持力的合力 B．牽引力和滑動摩擦力的合力
C．滑動摩擦力 D．靜摩擦力
2．兩個相同的金屬小球可看作點電荷，帶電量之比為：，在真空中相距為，相互間的庫侖力大小為，現將兩小球相互接觸后再放回原來的位置上，則它們間的庫侖力大小可能變為
A． B． C． D．
3．如圖所示，木板可繞固定水平軸O轉動，木板從水平位置OA 緩慢轉到OB位置，木板上的物塊始終相對于木板靜止，在這一過程中，物塊的重力勢能增加了2J，用FN表示物塊受到的支持力，用 Ff表示物塊受到的摩擦力，在此過程中，以下判斷正確的是
A．FN和 Ff對物塊都不做功
B．FN和 Ff對物塊所做功的代數和為0
C．FN對物塊不做功，Ff對物塊做功為2J
D．FN對物塊做功為2J，Ff對物塊不做功
4．如圖所示為點電荷a、b所形成的電場線分布，以下說法正確的是
A．a、b為等量同種電荷
B．A點場強大于B點場強
C．A點電勢大于B點電勢
D．A點電場強度為零
5．2025年4月3日10時12分我國在太原衛星發射中心發射了天平三號星02星，用于地面雷達標校和低軌空間環境探測。在衛星到達預定軌道的過程中，用表示衛星與地球表面的距離，表示它所受的地球引力，能夠描述隨變化關系的圖像是
A． B． C． D．
6．如圖所示，一輕彈簧的兩端與質量分別為0.99kg、2kg的兩物塊A、B相栓接，并靜止在光滑的水平面上，一顆質量為0.01kg的子彈C以速度射入物塊A并留在A中，在以后的運動中，下列說法正確的是
A．當物塊A（含子彈C）的速度為零時，物塊B的速度為6m/s
B．彈簧最大彈性勢能等于12J
C．物塊A（含子彈C）始終向一個方向運動
D．子彈進入A的過程中，A、B、C和彈簧組成的系統機械能守恒
7．如圖甲所示，在傾角的光滑斜面上，放著質量分為和的A、B兩物塊，輕彈簧一端與物塊B相連，另一端與固定擋板相連，整個系統處于靜止狀態。從時刻開始，對A施加一沿斜面向上的力F使物塊A沿斜面向上做勻加速運動，若力F隨時間變化的規律如圖乙所示（g取），下列說法正確的是
A．物塊A的加速度
B．彈簧的勁度系數
C．物塊A、B分離時拉力
D．從A開始運動到A、B剛分離過程中，力F做的功為8J
8．如圖所示，在正方形的四個頂點上各固定一個點電荷，四個點電荷的電量相等，正方形對角線處的電勢為正，電場強度不為零，分別為的中點，點電勢比點電勢高，分別是的中點，取無窮遠處電勢為零。則下列說法正確的是
A．、兩點的點電荷是異種電荷
B．點場強比點場強大
C．點和點電場強度相同
D．點電勢與點電勢相等
9．如圖所示，某貨運飛船與空間站組合體完成交會對接前的示意圖，貨運飛船在圓形軌道Ⅰ運行，交會對接完成后，貨運飛船將轉入組合體共同沿圓形軌道Ⅱ運行，下列說法正確的是
A．貨運飛船在Ⅰ軌道的運行周期大于在Ⅱ軌道的運行周期
B．貨運飛船從Ⅰ軌道變到Ⅱ軌道需要點火加速
C．貨運飛船在Ⅱ軌道的加速度小于在Ⅰ軌道的加速度
D．貨運飛船在Ⅰ軌道與地心的連線和在Ⅱ軌道與地心的連線在相同時間內掃過的面積相同
10．如圖甲所示，“L”形木板Q（豎直擋板厚度不計）靜止于粗糙水平地面上，質量為的滑塊P（視為質點）以的初速度滑上木板，時滑塊與木板相撞并粘在一起。兩者運動的圖像如圖乙所示。重力加速度大小，則下列說法正確的是
A．“L”形木板的長度為
B．Q的質量為
C．地面與木板之間的動摩擦因數為0.1
D．由于碰撞系統損失的機械能與碰撞后木板Q與地面摩擦產生的內能之比為
二、非選擇題：本題共5小題，共54分。
11．（6分）
用如圖甲所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律。
（1）關于該實驗的分析，以下說法中正確的是________。
A．打點計時器接到學生電源的“直流輸出”端
B．必須用天平測出重錘的質量
C．應該盡量選擇質量大、體積小的重錘
D．用計算打點計時器打下某點時重錘的瞬時速度
（2）安裝好實驗裝置，正確進行實驗操作。從打出的紙帶中選出符合要求的紙帶，如圖乙所示。在紙帶上選取三個連續打出的點A、B、C，測得它們到起始點O的距離分別為、、。當地重力加速度為g，打點計時器打點周期為T。只要表達式 在誤差允許的范圍內成立，就可以驗證機械能守恒。用本問中所給字母表示
（3）若實驗中測得O點到B點過程中重力勢能減少量小于動能增加量，出現這一結果的原因可能是________。
A．工作電壓偏高
B．存在空氣阻力和摩擦力
C．接通電源前釋放了紙帶
D．重錘下落過程中受到空氣阻力
12．（8分）
為了探究碰撞過程中的守恒量，某興趣小組設計了如圖所示的實驗。先讓質量為m1的小球從凹形槽頂端由靜止滑下，經過O點水平拋出落在斜面上的P點。再把質量為m2的小球靜止放在凹形槽末端O點，讓小球m1仍從凹形槽頂端由靜止滑下，與小球m2碰撞后，兩小球落到斜面上，分別記錄小球第一次與斜面碰撞的落點痕跡，其中M、P、N三個落點的位置距O點的長度分別為LM、LP、LN，凹形槽頂端與末端的高度差為h，凹形槽末端距地面高度為H，斜面總長度為L。多次重復實驗，小球半徑很小，可忽略。
（1）有利于減小實驗誤差的操作是：______。
A．凹形槽盡可能光滑
B．使用半徑相同的兩個小球
C．多次測量落點位置取平均值
D．保持H不變，增加斜面長度L
（2）在實驗過程中，若用L表示一次平拋運動對應的落點距離O點的長度，v0表示平拋的初速度，則L正比于 。（用v0表示）
（3）在實驗誤差允許范圍內，若滿足關系式 ，則可以認為兩球碰撞過程中動量守恒。（用m1、m2、LM、LN表示）
（4）現測量出兩個小球質量比，若還測出LN= LP，則可證明兩球間的碰撞是彈性碰撞。（用k表示）
13．（10分）
如圖所示，在水平地面上豎直固定一光滑圓弧形軌道，軌道的半徑R=1.6m，AC為軌道的豎直直徑，B與圓心O的連線與豎直方向成60°角。現有一質量m=1kg的小球（可視為質點）從點P以初速度v0水平拋出，小球恰好從B處沿切線方向飛入圓弧形軌道，小球到達最高點A時恰好與軌道無作用力，取g=10m/s2。求小球
（1）到達最高點A時的速度大小；
（2）從P點水平拋出的初速度大小。
（3）小球運動到B點時受到的支持力大小。
14．（13分）
如圖，質量為m，電量為q的粒子從靜止開始經電壓為U的電場加速后，沿中軸線垂直進入長為L，寬為d的勻強偏轉電場，恰好從極板右側離開偏轉電場。不計粒子重力。求：
（1）粒子經過電場加速后進入偏轉電場的速度大小v；
（2）偏轉電場的場強大小E；
（3）粒子在偏轉電場中的動能增加量。
15．（17分）
如圖所示，一固定在豎直平面內，傾角θ=37°的粗糙斜面AB與粗糙水平平臺BC平滑連接于B點，小物塊甲從A處靜止釋放，滑到平臺上的邊緣C點與小物塊乙發生彈性碰撞（碰撞時間極短），碰撞后乙從C點以水平速度飛出，當乙運動至D點時，恰好沿切線方向進入圓心角∠DOE=37°的固定光滑圓弧軌道DE，經圓弧軌道后滑上與E點等高、靜止在粗糙水平地面上的長木板，圓弧軌道E端切線水平，乙與長木板兩者達到共同速度時，乙恰好在長木板的中點。已知甲、乙質量均為m=0.5kg，長木板的質量M=1kg，甲與斜面AB間的動摩擦因數μ1=0.5，甲與水平平臺間的動摩擦因數μ2=0.2，乙與長木板間的動摩擦因數μ3=0.4，長木板與地面間的動摩擦因數μ4=0.1，A，B兩點的距離s=6.25m，B、C兩點的距離xBC=2.25m，D點距E點的高度h=0.55m，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，不計空氣阻力，兩物塊均可視為質點。求：
（1）甲到達B點時的速度大小vB和甲、乙第一次碰撞后的瞬間乙的速度大小v乙；
（2）C點距E點的高度H和乙滑動至E點時對圓弧軌道E點的壓力大小F（計算結果保留一位小數）；
（3）長木板的長度L。
題號 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 D B D C B B C AD BC BD
11．（6分）（1）C
（2）
（3）C
【詳解】（1）A．打點計時器應該接到學生電源的“交流輸出”端，故A錯誤；
B．因為在“驗證機械能守恒定律”的實驗中，比較的是mgh和的大小關系，其中的m可以被約去，所以不需要測出重錘的質量，故B錯誤；
C．為了減小阻力造成的誤差，應該盡量選擇質量大、體積小的重錘，故C正確；
D．如果用計算速度，相當于已經用到了機械能守恒定律，故D錯誤。
故選C。
（2）點的重力勢能
B點的速度
所以B點的動能
只需要滿足
即可驗證機械能守恒定律。整理得
（3）A．工作電壓偏高不會導致重力勢能減少量小于動能增加量，工作電壓偏高主要影響打點的清晰度，故A錯誤；
BD．存在空氣阻力和摩擦力時，機械能會有損失，應該是重力勢能減少量大于動能增加量，故BD錯誤；
C．接通電源前釋放了紙帶，此時紙帶開始下落時還沒有打點，后面打出的點對應的速度會比正常情況下偏大，從而導致計算出的動能增加量偏大，可能出現重力勢能減少量小于動能增加量的情況，故C正確。
故選C。
12．（8分）（1）BC
（2）v02
（3）
（4）
【詳解】（1）A．凹形槽不必要光滑，A錯誤，不符合題意；
B．使用半徑相同的兩個小球，可以保證對心碰撞，減小實驗誤差，B正確，符合題意；
C．多次測量可以減小偶然誤差，C正確，符合題意；
D．保持H不變，增加斜面長度L，并不能直接減小實驗誤差，D錯誤，不符合題意。
故選BC。
（2）設斜面的傾角為θ，小球從斜面頂端平拋落到斜面上。
由平拋運動得，
解得
（3）若碰撞過程動量守恒，則水平方向上的速度
根據得，
所以，，
解得
（4）若碰撞是彈性的，則有，
解得，又有
整理可得，即
13．（10分）
（1）
（2）
（3）
【詳解】（1）由題可知，在A點時，重力提供小球圓周運動的向心力，則有
解得 …2分
（2）設小球在B點的速度為，從B到A的過程中，根據機械能守恒定律可得
代入數據解得
根據運動的分解可得小球從P點拋出時的速度 …8分
（3）小球運動到B點時，根據牛頓第二定律可得
代入數據解得 …10分
14．（13分）
（1）
（2）
（3）
【詳解】（1）粒子在加速電場中，由動能定理
解得粒子經過電場加速后進入偏轉電場的速度大小為 …4分
（2）粒子在偏轉電場中做類平拋運動，設運動時間為t，有，
加速度為
聯立解得 …10分
（3）粒子在偏轉電場中的動能增加量 …13分
15．（17分）
（1）5m/s，4m/s
（2）1m，11.5N
（3）8m
【詳解】（1）甲從A端運動到B端的過程中，由動能定理
代入數據解得甲到達B點時的速度大小
設甲向右運動到C點時的速度大小為vC，從B到C由動能定理
代入數據解得
甲與乙發生碰撞的過程中，由動量守恒定律
由機械能守恒定律
聯立解得， …6分
（2）乙做平拋運動，豎直方向有
由幾何關系可知
解得，
乙滑至E點的過程中，根據動能定理
解得
在E點，對乙由牛頓第二定律
根據幾何關系
根據牛頓第三定律，乙滑動至E點時，對圓弧軌道E點的壓力大小為…12分
（3）乙滑上木板后，對乙由牛頓第二定律
對木板由牛頓第二定律
解得，
當兩者達到共同速度時，有
由于乙與長木板兩者達到共同速度時，乙恰好在長木板的中點，則有
聯立解得長木板的長度為 …17分

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