資源簡介

參芳答案
5.【解析】物體能上升的最大高度為
第一部分小題考點專項練
A=(告)
從最高點到交點位置下落的時間
專題一直線運動
=告-(2）號
第1練勻變速直線運動的基本規律及應用
從最高點到交點位置下落的高度
小題·分層分練
A:=(臺)
1.【解析】設物體AB段和BC段位移均為x,AB段加速度大
則兩小球在圖中的交點位置時，距離拋出點的高度為
小為a1,BC段加速度大小為a2,對AB段：v一v=2a1x,
對BC較：記一層=2a2x,由題意：2vs=A十c,由以上三式
h=h,-h,=8g(后-t)故選B.
得：a:一a=(w一)嚴，如果>1a為正，因為物體運
【答案】B
動的位移x為正，加速度a1a2的大小關系a2>a1·如果
6.【解析】物體到達頂端時的速度為零，則逆過程可希作初遂
度為零的勻加速運動，根據初速度為零的勻變速運動的規律
大小關系a1>a2.故迭BC.
可知，連續相等時間內的位移之比為1：3：5，可知C點
【答案】BC
是整個過程的中間時刻，則整個過程的平均速度等于C點
2,【解折】根據△r=aT得：a=崇-是m/g=0,2m/,第
的追度，即=受，故A錯誤，D正確根據x=名4可得：
15s末的速度為：v=at1s=0.2×15m/s=3m/s,則小球前
15s內的平均逢度為：=空=號ms=1.5ms,故AB錯誤。
√臣到從D到0四段住移的時同之比為1：2-1》：
(√3一√2)：(2一√3)，即物體過BC段的時間是CD段的時
小球在第14s初的速度：：=a41g=0.2×13m/s=2.6m/s,
故C錯誤；第153初的速度u=at=0.2X14m/s=2.8m/s,
間的(w2一1)倍，故B錯誤；根據△u=a可知，通過每一部分的
則第15s內的平均速度為0=十匹=2.8十3.0m/s
時間不等，則物體速度的減少量不相同，故C錯誤.故選：D.
2
2
【答案】D
2.9m/s,選項D正確.故選D.
7.【析】設兩物體從下落到相遇的時間為t,則對于乙物體
【答案】D
有：g=;豎直上拋物體甲的初速度為，則由題=，
3.【解析】由于小球做豎直上拋運動，根據公式可得，小球到
達藏高，點需要的時同為1=驗=88=0,8根據對稱性可
g,解得=20hB=號，hr=合(o十2o1=號，故A
錯誤，C正確；物體甲從B點繼續上升經時間t到最高.點A,
知，小球做自由落體的時間和整直上拋的時間相等，故經
再經2落地，從B點到落地共經3t時間，故B正確；由A中
1.6s小球回到拋出點，故A正確：根據公式可得，小球做堅
82
直上拋的最大高度為方=2=2X10m=3.2m,故B錯談；
分析可得乙落地速率為20，A距離地面高度方=(2)
2g
由于空氣阻力可以忽略，小球只受重力，故小球被拋出后，小
-,故D正確.故選：BCD.
球在上升過程中做勻減速直線運動，故C錯誤；根據A、B可
【答案】BCD
得小球下落的時間為0.2s,由公式可得下落的距離為h,=
小題·真題真練
之g”=號×10X0.2m=0.2m,則小球從拋出點開拾運
1
A對木板由牛頓第二定律可知木板的加速度不變，木板從
動，經1s時間道過的路程為s=h十h1=3.2m十0.2m=
靜止釋放到下端到達A點的過程，有L=2,木板從靜止
3.4m,故D正確.故選：AD.
【答案】AD
釋放到上端到達A點的過程，當木板長度為L時，有2L=
4,【解析】石塊依次到達三個窗戶下沿的位移分別為2m、
名a,當木板長度為2L時，有3L=7a,又出=4-4：
5m、8m,根據w=24x知依次到達窗戶下沿的速度大小之
比為√2：√5：√⑧=√2：√5：2√2，故A錯誤；石塊依次到達
△2=t2-to,聯立解得△t2:△11=(W5-1):(W2-1),
三個窗戶上沿的位移分別為1m,4m、7m,根據=2ax知
A正確。
速度大小之比為1：√4：√7=1：2：√7，根據勻變速直線運
第2練運動圖像的理解
動的手均建度公式。=品士，知石塊依次通過三個窗戶的平
小題·分層分練
均速度之比為(1十√2)：(2十√5)：(w7十2√2)，根據x=
1.【解析】位移一時間圖像表示的是物體在一條直線上的運
知石塊依次通過三個窗戶的時間與平均速度成反比，即
動，都是直線運動，不表示曲線運動，故A錯誤；根據位移等
2+15+2‘2w2+7=2-1):(W5-2):(2V2-
1
1
于縱坐標的變化量，可知前3s內甲、乙的位移相等，所用時
間相等，則甲、乙的平均速度相等，故B正確；甲、乙兩物體
√7)，故BC錯誤，D正確.故選：D
的距離等于兩者縱坐標之差，由圖知，前38內甲、乙兩物體
【答案】D
的最大距離大于1m,故C錯誤：根據xt圖像的針率表示速
97第一部分
專題一直線運動
第2練
運動圖像的理解
A
[小題·精講精練]
錯誤.球在1時刻速率為零，到達最高點，空氣
[例題講壇]
阻力為零，只受重力，加速度為g,故B錯誤，由
例1如圖所示是某質點運動的速度圖像，由圖像
圖像可知，小球落地前勻速運動，由g=f=
得到的正確結果是
(
k1;得1=10m/s.故C正確，小球拋出瞬間，
4*s
有：mg十kvo=ma0;聯主解得：ao=30m/s2.故
2-
D錯誤.故選C.
A.0~1s內的平均速度是2m/s
B.0~2s內的位移大小是0
C.0~1s內的加速度大于2~4s內的加速度
滾
D.0~1s內的運動方向與2~4s內的運動方向
相反
業
【答案】C
:
【解析】0~1s內質點做勻變速直線運動，故⑦
[小題·分層分練
=0+2
2
m/s=1m/s,A錯；02s內的位移為：
[一層·打基礎]
1十2X2m=3m,B錯；在速度時間圖線中，斜率
知識點一xt圖像
2
1.(多選)甲、乙兩物體從同一地
表示加速度大小，故C對；在速度時間圖像中，時
點出發，它們的位移一時間圖
間軸上方的速度都為正，故D錯.
像如圖所示.則以下說法正確
【答案】C
的是
線例2將質量為m=0.1kg的小球從地面豎直向
A.甲做的是曲線運動，乙做的是直線運動
上拋出，初速度o=20m/s,小球在運動中所受
B.前3$，甲的平均速度等于乙的平均速度
空氣阻力與速率的關系為f=kv,已知k=
C.前3s內，甲、乙的最大距離為1m
0.1kg/s.其在空中的速率隨時間的變化規律如
D.3s末，甲、乙兩物體的速度方向不同
圖所示，取g=10m/s2,則以下說法正確的是
知識點二wt圖像
2.假設高速公路上甲、乙兩車在同一車道上同向行
氏m·]
駛，甲車在前，乙車在后，速度均為o=30m/s,兩
車相距so=100m,t=0時刻甲車遇緊急情況后，
2
甲、乙兩車的速度隨時間的變化如圖所示，取運動
方向為正方向，圖中陰影部分面積為在某段時間
A.小球在上升階段的平均速度大小為10m/s
內兩車的位移之差，下列說法正確的是()
B.小球在t1時刻到達最高點，此時加速度為零
(ma-)
C.小球落地前勻速運動，落地速度大小=10m/s
30
D.小球拋出瞬間的加速度大小為20m/s2
【解析】根據速度時間圖像與時間軸包圍的面
0
積表示位移，則從圖像可以看出，位移小于陰影
A.t=6s時兩車速度大小相等，方向相反
部分面積，而陰影部分面積是勻減速直線運動的位
B.t=3s時兩車距離最近
C.圖中陰影部分面積為0~6s內兩車位移之差
移，勻減速直線運動的平均速度等于空=10m/s,
為120m
故小球上升過程的平均速度小于10m/s,故A
D.兩車在0一9s內不會相撞
3

展開更多......

收起↑