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第一部分專題十五交變電流與電磁波
專題十五交變電流與電磁波
p
A
交變電流與電磁波
[小題·精講精練
C.改造后降壓變壓器的匝數比”減小
[例題講壇]
例1如圖所示，接在理想變壓器回路中的五個規
D.改造后降壓變壓器輸出功率變大
格相同的燈泡A、B、C、D、E都恰好正常發光，則
理想變壓器的匝數比1：2：3為
()
【得折1銀密-是可知U=界收：不
變，故A錯誤；發電廠總功率保持不變，根據P=
U2I2可得，輸電線路上的電流不變，損失的電壓
U損=I2R減小，降壓變壓器原線圈兩端的電壓
U3=U2-U額將增大，故B錯誤：根據”=可
依
n4 Ua
D必E
業
得改造后降壓變壓器的匝數比”3增大，故C錯
4
誤；輸電線路上損失的電壓為P損=R減小，故
時
A.1:1:1
B.3:2:1
用戶得到的功率P用=P一P輾將變大，故D正
C.4:2:1
D.6:2:1
確；故選：C.
【解析】由題意可知，燈泡正常發光，則：UA
【答案】D
UB=Uc=UD,所以U2=2U3,由理想變壓器的
[小題·分層分練]
此
電壓比規徐可得：%號=，因地心=2
[一層·打基礎門
燈泡都正常發光，則電功率都相等，即：PA=PB
知識點一
交流電的產生和描述
線
1.(多選)如圖所示為一正弦交變電壓隨時間變化
=PC=PD由P=I2R可得：IA=IB=Ic=ID,
的圖像，由圖可知
(
容
即I1=I2=I3,由理想變壓器的功率關系U1I1
efy
=U2I2+U3I3,又U1:U2:U3=1:n2:3,
311
聯立解得：川=313，所以：2：3=3：2：1，
10s)
故B正確，ACD錯誤；故選：B.
-311
【答案】B
A.交流電的周期為0.02s
例2某遠距離輸電線路可簡化為如圖所示，升壓
B.用電壓表測量該交流電壓時，讀數為311V
變壓器原、副線圈的匝數分別為1、2，電壓分別
C.交變電壓的有效值為220V
為U1、U2,輸電線總電阻為R,降壓變壓器原、副
D.將它加在電容器上時，電容器的耐壓值小于
線圈的匝數分別為3、n4,電壓分別為U3、U4,
等于311V
變壓器為理想變壓器.現進行輸電線路改造，改
知識點二變壓器
造后輸電線電阻R變小，發電廠電壓U1、升壓變
2.在如圖甲所示的電路中，電阻R的阻值為202，
壓器匝數比、用戶電壓U4以及發電廠總功率保
電壓表和電流表均為理想電表，變壓器為理想變
持不變，下列說法正確的是
壓器，在變壓器原線圈兩端輸人如圖乙所示的電
壓，電壓表的示數為62.2V,下列說法正確的是
+/W
名，
311
T
A.改造后輸電電壓U2減小
0
0.010.020.035
B.改造后降壓變壓器原線圈兩端電壓U3減小
79參考答案
X2mv-
號(m十2m)加區，導體棒PQ和MN是串聯關系，根
311V=220V,電壓表測量的是有效值，故示數為220V,
福焦平元律可得，Qw=RQ-號Q,
故B錯誤，C正確：當該電壓加在電容器上時，其耐壓值應大
于峰值，即311V,故D錯誤.故選：AC.
聯立解得：Qs=號mi,故D正確，故選：BD,
【答案】AC
【答案】BD
2.【解析】設變壓器原線圈兩端電壓有效值為U1,根據電流
4.【解析】依避意彈簧長度不變，由受力分析可知金屬線柜所
311V
受重力和彈簧拉力均不變，即d邊所受安培力不變，由安培
的熱效應可得：
r
X2
力公式可得：F-B,又1-辰-照聯立解得：F
解得：U1=110√2V,故A錯誤；電壓袁的示數為副線圖電
B祭A中當為位定的值，磁感應強度B一直在成小
壓，即U,=62.2V,由理想支壓器的電壓比規律可知：
所以d邊所交安培力支小，故A錯誤：B中，智為恒定的
，解得”=號故B正確：制線圈的電流為：山-辰
2
值，磁感應強度一直在增加，所以d邊所受安培力變大，故
B錯誤：C中，的值一直在減小，磁感應強度B一直在減
解得：1=31A:由寧-費可得：原線周電流1-1.24A
△
即電流表示數為1,24A,故C錯誤；若減少電阻R的阻值，
小，所以d邊所受安培力支小，故C錯誤D中，的位一
-可知，刷線周的功率增大，支壓器的輸入功率學于
由P=
直在減小，磁憨應強度B一直在增加，所以d邊所受安培
輸出功率，故變壓器原線圖的輸入功率增大，故D錯誤.故
力可能不變，故D正確.故選：D.
選：B.
【答案】D
【答案】B
5.【解析】經過t時刻，金偏棒的位移：x=t,此刻金屬棒處
的磁感應強度B=B。十kot.
3.【解折】發電廠功率為P,電壓為U,則電流1，=呂又線
金屬棒切割磁感線產生的感應電動勢：E=BL=(B。十
kunt)Lvn
圖的臣數是=品即寧-票=10，所以制錢圖電選為1
電客器極板上的電荷量Q=CE=CL(B。十kUot)
I。
10100,又原副線圖功牽P相等，損托的功率P'=I,=
P
那么△t時間內電容器極板上增加的電荷△Q=C△E=
kCL6·△
Pr
O0,所以工廠得到的功率為P,=P-P=P子.故
充電電流I=9=kCL心
△t
C正確，ABD錯誤.故選：C
故A正確，B錯誤；從以上電荷量的表達式Q=CE=CL
【答案】C
(B。十k),可以知道，隨希時間的增加，電荷量是不斷增
4.【解析】A.無線電波屬于電磁波，根據電磁波產生的原理，
加，故C正確；由上述結論，充電電流為：I=CL,它受到
在無線電波傳播過程中，電場和磁場是周期性變化的，A
的安培力F專=BIL=(B。十t)·kCL·L,外力功幸P
正確：
=F=F=kCL6(B。十kt),隨時間的增加而增大，
B.由電磁波培可知，在真空中無線電波的波長比可見光波
故D錯誤，故選：AC.
長長，B錯誤：
【答案】AC
C.無線電波屬于電磁波，要有效地向外界發射電磁波，振荔
小題·真題真練
電路要有足夠高的振蕩頻率，頻率越高，發射電磁波的本領
【解析】由楞次定律結合左手定則可知，安培力與MN的
越大，C錯誤；
運動方向的夾角始終大于90°，則安培力始終做負功，MW最
D.太空中航天員講話時畫面與聲音都是通過無線電波傳播
終一定靜止在OO位置，AB正確：根據楞次定律可知，從釋
到地面的，所以畫面和聲音同步，無線電波與聲波具有不同
效到第一次到達OO位置過程中，MN中電流方向由M到
的傳播速度，D錯誤：
N,D正確：從釋放到第一次到達O位置過程中，在即將到
故選A,
達O)位置的時刻，MN所受安培力水平向左，沿達度方向
【答案】A
的分力一定大于MN所受重力沿速度方向的分力，處于減
5.【解析】變壓器原副線圖的頻率不變，所以流經R。的交變
速狀態，C錯誤
電流的頻率為50Hz,故A錯誤：當開關S斷開時，R:、R串
【答案】ABD
聯，由12：I=1:2得：I2=3I,根據電功率公式P=R
專題十五交變電流與電磁波
可知，R,的電功率為P:=R2,代入數據解得：P=9IR,
故B錯誤；當S閉合時，設此時原線圖的電流為kI,由閉合
交變電流與電磁波
電路歐姆定律可知，原線圈兩端的電壓為：U',=U一kIR,
解得：U',=U-6kIR,副線圖的電壓為：U2='(R2十Ra),
小題·分層分練
1.【解析】由圖像知周期為：T=2×10-2s=0.02s,故A正
根提定壓器原，副氣圈電壓關系可得品-費電流關系
確：文流電的最大位為E。=311V,有效值為E=E
2
為：=，聯立解得：k=4,所以S閉合后，原線圖電流變
131

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