資源簡介

浙江省衢州市2024-2025學年高一上學期期末教學質量檢測物理試題
一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）
1．（2025高一上·衢州期末）下列物理量是矢量，其單位又是國際單位制中的基本單位的是（　?。?br/>A．位移（m） B．加速度 C．摩擦力（N） D．質量（kg）
【答案】A
【知識點】矢量與標量；力學單位制
【解析】【解答】國際單位制規定了七個基本物理量，這七個基本物理量分別是誰，它們在國際單位制分別是誰，這都是需要學生自己記住的。A．位移是矢量，其單位m是國際單位制中的基本單位，選項A正確；
B．加速度是矢量，其單位是國際單位制的導出單位，選項B錯誤；
C．摩擦力是矢量，其單位N是國際單位制中的導出單位，選項C錯誤；
D．質量是標量，其單位kg是國際單位制中的基本單位，選項D錯誤。
故選A。
【分析】國際單位制規定了七個基本物理量。分別為長度、質量、時間、熱力學溫度、電流、光照強度、物質的量。它們的在國際單位制中的單位稱為基本單位，他們在國際單位制中的單位分別為米、千克、秒、開爾文、安培、坎德拉、摩爾，既有大小，又有方向的物理量是矢量；只有大小，沒有方向的物理量是標量。
2．（2025高一上·衢州期末）如圖，中國海軍在南海某海域進行雙航母編隊演練。某段時間內，編隊各艦艇正沿同一方向勻速行駛，并保持固定的距離，空中的艦載機也沿同一方向勻速飛離航母。則該段時間內（　?。?br/>A．以山東艦為參考系，遼寧艦是勻速運動的
B．以空中艦載機為參考系，遼寧艦是勻速運動的
C．描述山東艦的空間位置需要一維坐標系
D．研究遼寧艦在海面航行軌跡時，不可視為質點
【答案】B
【知識點】質點；參考系與坐標系
【解析】【解答】該題考查對質點以及參考系的理解，屬于對基本概念的考查，正確理解這些概念是解答的關鍵。A．以山東艦為參考系，遼寧艦是靜止的，選項A錯誤；
B．以空中艦載機為參考系，遼寧艦是勻速運動的，選項B正確；
C．描述山東艦的空間位置需要二維坐標系，選項C錯誤；
D．研究遼寧艦在海面航行軌跡時，其大小和形狀可忽略不計，可視為質點，選項D錯誤。
故選B。
【分析】當物體的大小和形狀對所研究的問題沒有影響或影響可忽略不計時，可以把物體當作質點；在描述一個物體的運動時，選來作為標準的另外的某個物體叫參考系。
3．（2025高一上·衢州期末）如圖，飲料罐（含適量飲料）靜止斜立在水平桌面上。則（　?。?br/>A．罐的重心可能在罐的外面
B．罐受到的彈力是由于罐發生形變產生的
C．罐對桌面的作用力與罐受到的重力是一對平衡力
D．罐對桌面的作用力與桌面對罐的作用力大小相等
【答案】D
【知識點】重力與重心；形變與彈力；牛頓第三定律；共點力的平衡
【解析】【解答】平衡力和相互作用力容易混淆，注意區分：相同點：大小相等、方向相反、作用在同一條直線上。不同點：平衡力是一個受力物體，發生在兩個物體之間；相互作用力是兩個受力物體，發生在兩個物體之間。A．罐的重力作用線通過桌面的支撐面，可知罐重心在罐的內部，選項A錯誤；
B．罐受到的彈力是由于桌面發生形變產生的，選項B錯誤；
C．桌面對罐的作用力與罐受到的重力是一對平衡力，選項C錯誤；
D．罐對桌面的作用力與桌面對罐的作用力是相互作用力，大小相等，方向相反，選項D正確。
故選D。
【分析】二力平衡的條件：大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在同一物體上，缺一不可。相互作用力是發生在兩個相互作用的兩個物體之間，兩個力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，分別作用在相互作用的兩個物體上。
4．（2025高一上·衢州期末）在某次象棋對弈中，小明將己方的“車”從圖中的位置平推到位置，小華將己方的“馬”從圖中的位置跨到位置予以應對，小明又將己方的“車”從圖中的位置平推到位置，……。設棋盤的正方形小方格的邊長為，則（　?。?br/>A．“車”從到的過程中，位移大小為
B．“馬”從跨到的路程可能大于
C．在推動棋子的過程中，棋子的慣性會發生變化
D．將“車”從平推到，“車”做勻速直線運動
【答案】B
【知識點】位移與路程；慣性與質量；速度與速率
【解析】【解答】本題就是對位移和路程的考查，掌握住位移和路程的概念就能夠解決了。A．“車”從到的過程中，位移大小為
故A錯誤；
B．“馬”從跨到的最短路程
則其路程可能大于，故B正確；
C．在推動棋子的過程中，棋子的質量不變，則慣性不會發生變化，故C錯誤；
D．將“車”從平推到，“車”不一定做勻速直線運動，故D錯誤。
故選B。
【分析】位移是指從初位置到末位置的有向線段，位移是矢量，有大小也有方向；路程是指物體所經過的路徑的長度，路程是標量，只有大小，沒有方向。
5．（2025高一上·衢州期末）籃球運動員接球時通常先伸出兩臂迎接，雙手接觸到球后，兩臂迅速將球引至胸前接住，如圖所示。假設在這一過程中籃球做的是水平向右的減速直線運動，則下列雙手對籃球施力的方向可能正確的是（　?。?br/>A． B．
C． D．
【答案】C
【知識點】牛頓第二定律
【解析】【解答】假設在這一過程中籃球做的是水平向右的減速直線運動，即具有向左的加速度，根據牛頓第二定律可知籃球受到的合力水平向左，則雙手對籃球施力存在豎直向上的分力與籃球重力平衡，根據平行四邊形定則可知，的方向斜向上偏左，故C正確，ABD錯誤。
故選C。
【分析】由于籃球做水平向右的減速直線運動，施加的力應具有水平向左的分量以減速，同時也可能有向上的分量以抵消重力影響，保持籃球在被接住過程中的穩定。因此，結合題目條件，力的方向應該既含有向左的水平分量，也可能包含向上的豎直分量。
6．（2025高一上·衢州期末）2024年珠海航展上，殲-20戰斗機展示“落葉飄”飛行技術動作，戰斗機在空中呈螺旋下降，如圖所示。則戰斗機（　?。?br/>A．速度時刻改變 B．豎直方向做自由落體運動
C．一定做勻變速曲線運動 D．所受合力方向與速度方向相同
【答案】A
【知識點】曲線運動的條件
【解析】【解答】本題主要考查對物體運動狀態和受力情況的分析，難度不大。A．戰斗機做螺旋下降，則速度方向不斷變化，即速度時刻改變，選項A正確；
B．戰斗機在豎直方向不只受重力作用，只受重力不可能做螺旋運動，即豎直方向不是做自由落體運動，選項B錯誤；
C．戰斗機的加速度不斷變化，不是做勻變速曲線運動，選項C錯誤；
D．戰斗機做曲線運動，所受合力方向與速度方向不相同，選項D錯誤。
故選A。
【分析】根據曲線運動的速度特點、自由落體運動的條件以及勻變速曲線運動的條件即可求解。
7．（2025高一上·衢州期末）如圖是田徑比賽場上電子狗搬運鐵餅的場景，其搬運鐵餅圖像如圖所示，其中段為曲線，均為直線。則電子狗（　?。?br/>A．時間內做勻速直線運動
B．時間內平均速度大于
C．時間內反向做減速運動
D．時間內位移先增大后減小
【答案】B
【知識點】運動學 v-t 圖象
【解析】【解答】解答本題的關鍵要掌握速度—時間圖像的斜率表示加速度，圖像與時間軸的面積表示位移。A．由圖像可知，電子狗在時間內做勻加速直線運動，故A錯誤；
B．根據圖像與橫軸圍成的面積表示位于，可知在時間內的位移滿足
則時間內平均速度滿足
故B正確；
C．由圖像可知，時間內仍沿正方向做減速運動，沒有反向運動，故C錯誤；
D．由圖像可知，時間內一直沿正方向運動，位移一直增大，故D錯誤。
故選B。
【分析】根據v-t圖像的斜率表示加速度來分析加速度變化情況。根據v-t圖像與時間軸所圍的面積表示位移，再確定平均速度大小。
8．（2025高一上·衢州期末）經常低頭玩手機，會使人頸椎長期受壓引發頸椎病。如圖為小明同學低頭看手機的某個狀態，此時頸椎對頭的支持力為、與豎直方向成，頸部肌肉的拉力為、與水平方向成，若頭的重力為。已知，則頸椎受到的壓力大小為（　　）
A． B． C． D．
【答案】C
【知識點】共點力的平衡
【解析】【解答】本題考查共點力的平衡問題，要熟練分析物體的受力，結合幾何關系和正交分解法完成解答。由受力分析圖可知，
解得F1=5G
根據牛頓第三定律可知，頸椎受到的壓力大小為5G。
故選C。
【分析】以人頭為研究對象，根據平衡條件列方程求解。
9．（2025高一上·衢州期末）如圖所示，密繞在軸上的卷紙用兩條輕繩栓著懸掛在豎直墻壁的點。隨著卷紙的使用，卷紙靜止時受到墻壁的支持力和輕繩對卷紙軸的拉力大小變化情況是（不計墻壁和紙間的摩擦）（　?。?br/>A．支持力減小
B．拉力增大
C．支持力和拉力的合力方向豎直向下
D．支持力和拉力的合力大小始終不變
【答案】A
【知識點】共點力的平衡
【解析】【解答】本題是簡單的動態平衡問題，要明確研究對象，分析受力情況，根據平衡條件列式分析。AB．設細線與豎直方向夾角為θ，則，
解得，
隨著紙卷的使用則θ角和mg均減小，可知T變小，N減??；選項A正確，B錯誤；
CD．支持力和拉力的合力方向與重力等大反向，則豎直向上，隨重力減小，則支持力和拉力的合力大小逐漸減小，選項CD錯誤。
故選A。
【分析】隨著卷紙越用越少，卷紙半徑也越來越小，故輕繩與豎直方向θ變小，卷紙的重力mg也越來越小。分析卷紙受力，沿水平方向和豎直方向正交分解，然后對豎直方向，水平方向由平衡條件列方程，解出T和FN的表達式，依變量θ和mg的變化分析T、FN的變化。
10．（2025高一上·衢州期末）如圖，從O點以水平初速度扔出一枚飛鏢，經一段時間飛鏢運動到A點，此時速度為，忽略空氣阻力，則關于三者之間矢量關系圖正確的是（　?。?br/>A． B．
C． D．
【答案】C
【知識點】平拋運動
【解析】【解答】做曲線運動的物體速度方向沿切線方向，飛鏢運動到A點速度位于軌跡的切線方向，根據可知，的方向與重力加速度方向g相同，豎直向下。
故選C。
【分析】曲線運動速度方向沿切線方向，方向與加速度方向相同。
11．（2025高一上·衢州期末）如圖，水平桌面上有一質量為的物體A，通過一輕質細線跨過定滑輪連接質量為的物體B，不計一切阻力，A、B一起運動過程中細線的拉力大小（　?。?br/>A． B． C． D．
【答案】D
【知識點】牛頓運動定律的應用—連接體
【解析】【解答】本題主要考查牛頓第二定律在連接體中的應用，理解并會使用整體法和隔離體法是解題關鍵。以A為對象，根據牛頓第二定律可得
以B為對象，根據牛頓第二定律可得
聯立解得A、B一起運動過程中細線的拉力大小為
故選D。
【分析】分別以A或者B為研究對象，根據牛頓第二定律求解拉力大小。
12．（2025高一上·衢州期末）如圖，籃球從水平地面上方的某點斜向上拋出，剛好垂直擊中籃板上的點，不計空氣阻力。拋出時籃球的速度大小為，方向與水平成角。若拋射點向遠離籃板方向水平移動一小段距離，保持拋射點高度不變，要使拋出的籃球仍能垂直擊中籃板上的點，則下列措施可行的是（　　）
A．不變，增大 B．不變，減小
C．增大，減小 D．增大，不變
【答案】C
【知識點】斜拋運動
【解析】【解答】拋體運動可以分解為水平方向的勻速直線運動與豎直方向的勻變速直線運動。將籃球運動的逆過程看做是反向的平拋運動，則豎直高度不變，根據
則時間不變，當水平位移增加時，根據
可知水平速度增加，豎直速度vy=gt不變。
根據，
可知增大，減小。
故選C。
【分析】要使拋出的籃球仍能垂直擊中籃板上的A點，則可將籃球運動的逆過程看作是反向的平拋運動，結合平拋運動規律求解。
13．（2025高一上·衢州期末）某同學用手機錄制了一段高鐵進站的視頻，視頻中時第二節車廂前門正好經過站臺上某一地標，10s時第三節車廂前門到該地標，20s時第五節車廂前門到該地標，該過程視高鐵做勻減速直線運動，一節車廂長約為，則加速度大小約為（　?。?br/>A． B． C． D．
【答案】B
【知識點】加速度；平均速度
【解析】【解答】解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的運動學公式和推論，并能靈活運用，有時運用推論求解會使問題更加簡捷。
根據勻變速直線運動中中間時刻的瞬時速度等于平均速度知，8.5s時和15s時的速度分別為
這段時間為
根據加速度的定義
故選B。
【分析】根據勻變速直線運動中中間時刻的瞬時速度等于平均速度求解瞬時速度，根據加速度定義式求解加速度大小。
二、選擇題II（本題共2小題，每小題4分，共8分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對得4分，選對但不全得2分，有選錯得0分）
14．（2025高一上·衢州期末）關于下列四幅圖片，說法正確的是（　　）
A．甲圖中是“人的反應時間測量尺”，直尺上若改標注時間刻度，刻度線分布是不均勻的
B．乙圖中是分別用力與力提起兩桶質量不同的水，則與的作用效果相同
C．丙圖中用彈簧測力計沿水平方向拉木塊，指針左側輕塞一小紙團，可以“記錄”最大靜摩擦力的大小
D．丁圖中小球沖上斜面運動越來越慢，主要是摩擦作用的影響
【答案】A,C
【知識點】伽利略理想斜面實驗；自由落體運動；靜摩擦力；力的合成
【解析】【解答】本題考查的知識點較多，要注意明確各物理現象對應的物理規律，會根據物理規律解釋相關現象。A．甲圖中是“人的反應時間測量尺”，根據
可得
可知直尺上若改標注時間刻度，刻度線分布是不均勻，故A正確；
B．由于兩桶質量水的質量不同，重力不同，所以與的作用效果不相同，故B錯誤；
C．木塊開始運動前，拉力由零緩慢增大，木塊所受的靜摩擦力也緩慢增大，指針左側的小紙團也隨著指針緩慢移動，當靜摩擦力達到最大時，小紙團位置保持不變，所以指針左側的小紙團作用是標記最大靜摩擦力大小，故C正確；
D．丁圖中小球沖上斜面運動越來越慢，主要是重力的作用，摩擦作用影響很小，故D錯誤。
故選AC。
【分析】根據自由落體規律分析；靜摩擦力達到最大時，指針左側的小紙團作用是標記最大靜摩擦力大小；在斜面上運動越來越慢，主要是重力的作用。
15．（2025高一上·衢州期末）蹦極是一項刺激的運動。為了研究運動員下落速度與下落距離的關系，運動員身上攜帶傳感器豎直下落，得到如圖所示的圖像。則運動員在下落過程中（　　）
A．不受空氣阻力 B．先失重再超重
C．下落到處合力最大 D．下落2.5s時彈性繩被繃直
【答案】B,D
【知識點】勻變速直線運動的速度與時間的關系；牛頓第二定律；超重與失重
【解析】【解答】分析運動員的運動情況，要知道運動員的加速度為零時速度最大。A．根據下落30m內圖像是直線可得
可知受空氣阻力，故A錯誤；
B．圖像的斜率等于加速度可知，加速度先向下后向上，則先失重再超重，故B正確；
C．下落到處速度最大，加速度為零，則合力為零，故C錯誤；
D．下落下落30m時彈性繩被拉直，即下落時間
故D正確。
故選BD。
【分析】當運動員的加速度為零時，速度最大，根據加速度大小判斷是否受空氣阻力；根據加速度方向判斷運動員處于超重狀態還是失重狀態；下落下落30m時彈性繩被拉直，根據運動學公式分析。
三、非選擇題（本題共4小題，共53分）
16．（2025高一上·衢州期末）在“探究兩個互成角度的力的合成規律”實驗中，如圖1所示。
（1）圖2中彈簧測力計的示數為　 　。
（2）下列做法對減小實驗誤差有益的是______________________。
A．兩細繩必須等長
B．彈簧測力計、細繩、橡皮條都應與木板平行
C．用兩彈簧測力計同時拉細繩時示數之差應盡可能大
D．拉橡皮條的細繩要適當長些，標記同一細繩方向的兩點要適當遠些
【答案】（1）2.2
（2）B；D
【知識點】驗證力的平行四邊形定則
【解析】【解答】本題考查“探究兩個互成角度的力的合成規律”，關鍵要弄清實驗的基本原理，會分析誤差原因，操作中一定要結合實驗的注意事項完成，避免出現較大的誤差。
（1）圖中彈簧測力計的分度值為，由圖2可知彈簧測力計的示數為。
（2）AD．為了減小標記拉力方向的誤差，拉橡皮條的兩細繩應適當長一些，但不需要等長，標記同一細繩方向的兩點要適當遠些，故A錯誤，D正確；
B．為了減小誤差，彈簧測力計、細繩、橡皮條都應與木板平行，故B正確；
C．用兩彈簧測力計同時拉細繩時，兩彈簧測力計的示數應適當大一些，但不是示數之差應盡可能大，故C錯誤。
故選BD。
【分析】（1）根據彈簧測力計的讀數規則完成讀數；
（2）探究兩個互成角度的力的合成規律時根據實驗要求選擇所需器材，根據注意事項選擇恰當的操作步驟。
（1）圖中彈簧測力計的分度值為，由圖2可知彈簧測力計的示數為。
（2）AD．為了減小標記拉力方向的誤差，拉橡皮條的兩細繩應適當長一些，但不需要等長，標記同一細繩方向的兩點要適當遠些，故A錯誤，D正確；
B．為了減小誤差，彈簧測力計、細繩、橡皮條都應與木板平行，故B正確；
C．用兩彈簧測力計同時拉細繩時，兩彈簧測力計的示數應適當大一些，但不是示數之差應盡可能大，故C錯誤。
故選BD。
17．（2025高一上·衢州期末）在“探究加速度與力、質量的關系”的實驗中
（1）在平衡摩擦力后，調整定滑輪的高度，使拴小車的細繩與木板平行。這樣做的目的是______________________。
A．使小車能做勻速直線運動
B．使細線拉力等于小車受到的合力
（2）實驗中用來改變小車拉力的是圖2中　 　（填“A”或“B”）。圖1裝置中選用的打點計時器應接圖3電源的　 　插孔或接線柱（選填“C”、“D”或“E”）。
（3）該同學獲得一段紙帶如圖4所示，則計數點3的讀數為　 　cm。打下計數點3時小車的速度大小為　 　m/s，小車的加速度大小為　 　m/s2（計算結果均保留三位有效數字）。
（4）根據測量數據作出如圖5所示的圖像，已知小車的質量為，則小車的加速度與的關系式　 ?。ㄓ?，和表示）。
【答案】（1）B
（2）A；C
（3）；1.22；
（4）
【知識點】探究加速度與力、質量的關系
【解析】【解答】本題考查了實驗注意事項與實驗數據處理，分析清楚圖示實驗裝置、理解實驗原理是解題的前提，掌握基礎知識即可解題。
（1）在平衡摩擦力后，調整定滑輪的高度，使拴小車的細繩與木板平行。這樣做的目的是使細線拉力等于小車受到的合力。
故選B。
（2）實驗中用來改變小車拉力的是圖2中的質量較小的槽碼，故選A。
圖1裝置中選用的打點計時器為電火花打點計時器，應連接220V交流電源，即接圖3電源的C插孔。
（3）圖中刻度尺的分度值為，由圖4可知計數點3的讀數為；
由圖可知，紙帶上相鄰計數點的時間間隔為
根據勻變速直線運動中間時刻速度等于該段過程的平均速度，則打下計數點3時小車的速度為根據
可得小車的加速度大小為
（4）由圖像可知小車受到的阻力為，以小車為對象，根據牛頓第二定律可得
可得
【分析】（1）根據實驗原理分析；
（2）改變小車拉力使用質量較小的槽碼，電火花打點計時器，應連接220V交流電源；
（3）勻變速直線運動中間時刻速度等于該段過程的平均速度，根據逐差法求解加速度；
（4）以小車為對象，對小車進行受力分析，根據牛頓第二定律求解加速度。
（1）在平衡摩擦力后，調整定滑輪的高度，使拴小車的細繩與木板平行。這樣做的目的是使細線拉力等于小車受到的合力。
故選B。
（2）[1]實驗中用來改變小車拉力的是圖2中的質量較小的槽碼，故選A。
[2]圖1裝置中選用的打點計時器為電火花打點計時器，應連接220V交流電源，即接圖3電源的C插孔。
（3）[1]圖中刻度尺的分度值為，由圖4可知計數點3的讀數為；
[2]由圖可知，紙帶上相鄰計數點的時間間隔為
根據勻變速直線運動中間時刻速度等于該段過程的平均速度，則打下計數點3時小車的速度為
[3]根據
可得小車的加速度大小為
（4）由圖像可知小車受到的阻力為，以小車為對象，根據牛頓第二定律可得
可得
18．（2025高一上·衢州期末）（1）圖1為“探究平拋運動的特點”實驗裝置，圖下列說法正確的是______________________。
A．需調節斜槽，保證其末端切線水平
B．需調節硬板，保證硬板在豎直平面內
C．斜槽必須光滑，且小球每次要從斜槽同一位置由靜止釋放
（2）圖2中實驗記錄到一個位置明顯發生偏差的點，其產生的原因可能是小球在斜槽釋放的位置與其它幾次相比偏　 ?。ㄌ睢案摺被颉暗汀保?。
【答案】（1）A；B
（2）低
【知識點】研究平拋物體的運動
【解析】【解答】解決本題的關鍵明確平拋運動性質，同時掌握描述平拋運動實驗的基本方法和注意事項。
（1）A．需調節斜槽，保證其末端切線水平，以保證小球做平拋運動，選項A正確；
B．需調節硬板，保證硬板在豎直平面內，選項B正確；
C．斜槽不一定要必須光滑，但是小球每次要從斜槽同一位置由靜止釋放，以保證到達底端時的速度相同，選項C錯誤；
故選AB。
（2）實驗記錄到一個位置明顯發生偏差的點，其產生的原因可能是小球在斜槽釋放的位置與其它幾次相比偏低，拋出時的初速度較小造成的。
【分析】（1）小球做平拋運動，必須保證斜槽末端切線水平；實驗過程中要保證小球每次做平拋運動的初速度相同，每次應從斜槽的同一位置由靜止釋放小球；
（2）根據平拋運動規律分析。
（1）A．需調節斜槽，保證其末端切線水平，以保證小球做平拋運動，選項A正確；
B．需調節硬板，保證硬板在豎直平面內，選項B正確；
C．斜槽不一定要必須光滑，但是小球每次要從斜槽同一位置由靜止釋放，以保證到達底端時的速度相同，選項C錯誤；
故選AB。
（2）實驗記錄到一個位置明顯發生偏差的點，其產生的原因可能是小球在斜槽釋放的位置與其它幾次相比偏低，拋出時的初速度較小造成的。
19．（2025高一上·衢州期末）如圖1所示，自動采棉機在采摘棉花的同時將棉花打包成質量分布均勻的圓柱形棉包，通過采棉機后側可以旋轉的支架平穩將其放下。質量為的棉包放在“V”型擋板支架上，兩板間與夾角為固定不變，“V”型支架可繞過垂直的軸在豎直面內緩慢轉動。不計一切摩擦，重力加速度為。求：
（1）當“”型支架的板處于水平位置時（如圖2），板對棉包的支持力大??；
（2）當“V”型支架繞軸順時針轉動時（如圖3），棉包對板的壓力大??；
（3）當“V”型支架繞軸順時針轉動時，支架對棉包的作用力大小。
【答案】（1）解：當“”型支架的板處于水平位置時，棉包的受力如圖所示
則根據平衡關系知，支持力大小
（2）解：轉動時，棉包的受力如圖所示
則根據平衡關系知，棉包受到板的支持力大小
根據牛頓第三定律可知，棉包對板的壓力大小
（3）解：轉動時，棉包受到支架的作用力始終等于棉包的重力，受力如圖所示
根據平衡關系知，故支架對棉包的作用力大小
【知識點】共點力的平衡
【解析】【分析】（1）根據平衡關系求解支持力大??；
（2）轉動時，畫出棉包的受力分析圖，根據平衡條件結合牛頓第三定律求解壓力大??；
（3）轉動時，棉包受到支架的作用力始終等于棉包的重力，根據平衡條件求解。
（1）當“”型支架的板處于水平位置時，棉包的受力如圖所示
則根據平衡關系知，支持力大小
（2）轉動時，棉包的受力如圖所示
則根據平衡關系知，棉包受到板的支持力大小
根據牛頓第三定律可知，棉包對板的壓力大小
（3）轉動時，棉包受到支架的作用力始終等于棉包的重力，受力如圖所示
根據平衡關系知，故支架對棉包的作用力大小
20．（2025高一上·衢州期末）彈棋被稱為“桌上足球”，圖1為某彈棋的實物圖，圖2為其俯視圖。棋盤水平放置，黑、白棋區域關于中央擋板對稱分布。某次游戲過程中，一枚白棋和一枚黑棋同時從A、B位置獲得沿軸線方向的初速度，做勻減速直線運動。已知二者的加速度大小均為，A、B之間的距離，白棋的初速度大小，經時間與運動中的黑棋正碰，白棋、黑棋質量相等且可視為質點，碰撞過程時間極短，求：
（1）碰撞的位置到A點的距離；
（2）黑棋從B點運動到碰撞處過程中的平均速度大??；
（3）若碰后二者的速度均反向，碰撞后黑棋的速度大小為碰前的，請通過計算判斷黑棋能否停在白棋區域？
【答案】（1）解：根據勻變速直線運動規律可知碰撞的位置到白棋起點的距離滿足
解得
（2）解：B點與碰撞位置之間的距離
則從B點運動到碰撞處過程中的平均速度大小
（3）解：由
解得黑棋的初速度大小
黑棋碰前時刻的速度大小
黑棋碰后時刻的速度大小
黑棋碰撞位置與小孔距離
碰撞后到黑棋停下來通過的位移
故黑棋能停在白棋區域。
【知識點】勻變速直線運動的速度與時間的關系
【解析】【分析】（1）根據勻變速直線運動規律求解；
（2）求出B點與碰撞位置之間的距離，距離除以時間等于平均速度；
（3）求出黑棋碰前時刻的速度以及碰后速度，根據速度—位移關系求解求解碰撞后到黑棋停下來通過的位移，從而做出判斷。
（1）根據勻變速直線運動規律可知碰撞的位置到白棋起點的距離滿足
解得
（2）B點與碰撞位置之間的距離
則從B點運動到碰撞處過程中的平均速度大小
（3）由
解得黑棋的初速度大小
黑棋碰前時刻的速度大小
黑棋碰后時刻的速度大小
黑棋碰撞位置與小孔距離
碰撞后到黑棋停下來通過的位移
故黑棋能停在白棋區域。
21．（2025高一上·衢州期末）如圖1所示，一質量、長的平板車靜止在光滑水平地面上，上表面離地高，右側足夠遠的豎直墻面固定一處于自然狀態下的輕彈簧，彈簧的原長，其彈力隨伸長量變化如圖2所示。質量的滑塊（可視為質點）以的初速度滑上平板車，已知滑塊與平板車間的動摩擦因數，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。求：
（1）若平板車固定：
①滑塊滑離平板車時的速度大??；
②落地點距平板車右端的水平距離；
（2）若平板車不固定：
①請判斷滑塊是否會滑離平板車，若不滑離，它們共同運動的速度大??；
②平板車與彈簧接觸以后，到滑塊與平板車之間即將相對滑動時，此時彈簧的長度。
【答案】（1）解：平板車固定：滑塊在平板車上做勻減速直線運動
①由
得
根據
解得
②由
解得
故滑塊落地點距平板車右端的水平距離
（2）解：平板車不固定：
①滑塊做勻減速直線運動，
木板做勻加速直線運動，由
得
設經時間二者速度相等，有
解得，
平板車的位移
滑塊的位移
則滑塊相對于平板車的位移
滑塊不會滑離平板車。
最后它們的共同運動速度大小。
②設和恰好發生相對滑動時的彈簧彈力為，整體的加速度為，
以和整體研究：牛頓第二定律
以研究：牛頓第二定律
聯立解得
由乙圖可知，彈簧的勁度系數
滑塊與木板分離時刻，由
可得
則彈簧的長度
【知識點】牛頓運動定律的應用—板塊模型；平拋運動
【解析】【分析】（1） ① 平板車固定：滑塊在平板車上做勻減速直線運動，根據牛頓運動定律和運動學公式求解 滑塊滑離平板車時的速度大小 ；
② 根據平拋運動規律求解落地點距平板車右端的水平距離；
（2）①平板車不固定，根據牛頓運動定律求解加速度，根據位移關系判斷是否會滑離 平板車， 根據運動學規律求解共同速度；
② 以和整體研究以及以研究結合牛頓第二定律求解和恰好發生相對滑動時的彈簧彈力，結合胡克定律求解彈簧長度。
（1）平板車固定：滑塊在平板車上做勻減速直線運動
①由
得
根據
解得
②由
解得
故滑塊落地點距平板車右端的水平距離
（2）平板車不固定：
①滑塊做勻減速直線運動，
木板做勻加速直線運動，由
得
設經時間二者速度相等，有
解得，
平板車的位移
滑塊的位移
則滑塊相對于平板車的位移
滑塊不會滑離平板車。
最后它們的共同運動速度大小。
②設和恰好發生相對滑動時的彈簧彈力為，整體的加速度為，
以和整體研究：牛頓第二定律
以研究：牛頓第二定律
聯立解得
由乙圖可知，彈簧的勁度系數
滑塊與木板分離時刻，由
可得
則彈簧的長度
1 / 1浙江省衢州市2024-2025學年高一上學期期末教學質量檢測物理試題
一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）
1．（2025高一上·衢州期末）下列物理量是矢量，其單位又是國際單位制中的基本單位的是（　　）
A．位移（m） B．加速度 C．摩擦力（N） D．質量（kg）
2．（2025高一上·衢州期末）如圖，中國海軍在南海某海域進行雙航母編隊演練。某段時間內，編隊各艦艇正沿同一方向勻速行駛，并保持固定的距離，空中的艦載機也沿同一方向勻速飛離航母。則該段時間內（　?。?br/>A．以山東艦為參考系，遼寧艦是勻速運動的
B．以空中艦載機為參考系，遼寧艦是勻速運動的
C．描述山東艦的空間位置需要一維坐標系
D．研究遼寧艦在海面航行軌跡時，不可視為質點
3．（2025高一上·衢州期末）如圖，飲料罐（含適量飲料）靜止斜立在水平桌面上。則（　?。?br/>A．罐的重心可能在罐的外面
B．罐受到的彈力是由于罐發生形變產生的
C．罐對桌面的作用力與罐受到的重力是一對平衡力
D．罐對桌面的作用力與桌面對罐的作用力大小相等
4．（2025高一上·衢州期末）在某次象棋對弈中，小明將己方的“車”從圖中的位置平推到位置，小華將己方的“馬”從圖中的位置跨到位置予以應對，小明又將己方的“車”從圖中的位置平推到位置，……。設棋盤的正方形小方格的邊長為，則（　?。?br/>A．“車”從到的過程中，位移大小為
B．“馬”從跨到的路程可能大于
C．在推動棋子的過程中，棋子的慣性會發生變化
D．將“車”從平推到，“車”做勻速直線運動
5．（2025高一上·衢州期末）籃球運動員接球時通常先伸出兩臂迎接，雙手接觸到球后，兩臂迅速將球引至胸前接住，如圖所示。假設在這一過程中籃球做的是水平向右的減速直線運動，則下列雙手對籃球施力的方向可能正確的是（　　）
A． B．
C． D．
6．（2025高一上·衢州期末）2024年珠海航展上，殲-20戰斗機展示“落葉飄”飛行技術動作，戰斗機在空中呈螺旋下降，如圖所示。則戰斗機（　?。?br/>A．速度時刻改變 B．豎直方向做自由落體運動
C．一定做勻變速曲線運動 D．所受合力方向與速度方向相同
7．（2025高一上·衢州期末）如圖是田徑比賽場上電子狗搬運鐵餅的場景，其搬運鐵餅圖像如圖所示，其中段為曲線，均為直線。則電子狗（　?。?br/>A．時間內做勻速直線運動
B．時間內平均速度大于
C．時間內反向做減速運動
D．時間內位移先增大后減小
8．（2025高一上·衢州期末）經常低頭玩手機，會使人頸椎長期受壓引發頸椎病。如圖為小明同學低頭看手機的某個狀態，此時頸椎對頭的支持力為、與豎直方向成，頸部肌肉的拉力為、與水平方向成，若頭的重力為。已知，則頸椎受到的壓力大小為（　　）
A． B． C． D．
9．（2025高一上·衢州期末）如圖所示，密繞在軸上的卷紙用兩條輕繩栓著懸掛在豎直墻壁的點。隨著卷紙的使用，卷紙靜止時受到墻壁的支持力和輕繩對卷紙軸的拉力大小變化情況是（不計墻壁和紙間的摩擦）（　?。?br/>A．支持力減小
B．拉力增大
C．支持力和拉力的合力方向豎直向下
D．支持力和拉力的合力大小始終不變
10．（2025高一上·衢州期末）如圖，從O點以水平初速度扔出一枚飛鏢，經一段時間飛鏢運動到A點，此時速度為，忽略空氣阻力，則關于三者之間矢量關系圖正確的是（　　）
A． B．
C． D．
11．（2025高一上·衢州期末）如圖，水平桌面上有一質量為的物體A，通過一輕質細線跨過定滑輪連接質量為的物體B，不計一切阻力，A、B一起運動過程中細線的拉力大?。ā　。?br/>A． B． C． D．
12．（2025高一上·衢州期末）如圖，籃球從水平地面上方的某點斜向上拋出，剛好垂直擊中籃板上的點，不計空氣阻力。拋出時籃球的速度大小為，方向與水平成角。若拋射點向遠離籃板方向水平移動一小段距離，保持拋射點高度不變，要使拋出的籃球仍能垂直擊中籃板上的點，則下列措施可行的是（　?。?br/>A．不變，增大 B．不變，減小
C．增大，減小 D．增大，不變
13．（2025高一上·衢州期末）某同學用手機錄制了一段高鐵進站的視頻，視頻中時第二節車廂前門正好經過站臺上某一地標，10s時第三節車廂前門到該地標，20s時第五節車廂前門到該地標，該過程視高鐵做勻減速直線運動，一節車廂長約為，則加速度大小約為（　　）
A． B． C． D．
二、選擇題II（本題共2小題，每小題4分，共8分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對得4分，選對但不全得2分，有選錯得0分）
14．（2025高一上·衢州期末）關于下列四幅圖片，說法正確的是（　?。?br/>A．甲圖中是“人的反應時間測量尺”，直尺上若改標注時間刻度，刻度線分布是不均勻的
B．乙圖中是分別用力與力提起兩桶質量不同的水，則與的作用效果相同
C．丙圖中用彈簧測力計沿水平方向拉木塊，指針左側輕塞一小紙團，可以“記錄”最大靜摩擦力的大小
D．丁圖中小球沖上斜面運動越來越慢，主要是摩擦作用的影響
15．（2025高一上·衢州期末）蹦極是一項刺激的運動。為了研究運動員下落速度與下落距離的關系，運動員身上攜帶傳感器豎直下落，得到如圖所示的圖像。則運動員在下落過程中（　　）
A．不受空氣阻力 B．先失重再超重
C．下落到處合力最大 D．下落2.5s時彈性繩被繃直
三、非選擇題（本題共4小題，共53分）
16．（2025高一上·衢州期末）在“探究兩個互成角度的力的合成規律”實驗中，如圖1所示。
（1）圖2中彈簧測力計的示數為　 　。
（2）下列做法對減小實驗誤差有益的是______________________。
A．兩細繩必須等長
B．彈簧測力計、細繩、橡皮條都應與木板平行
C．用兩彈簧測力計同時拉細繩時示數之差應盡可能大
D．拉橡皮條的細繩要適當長些，標記同一細繩方向的兩點要適當遠些
17．（2025高一上·衢州期末）在“探究加速度與力、質量的關系”的實驗中
（1）在平衡摩擦力后，調整定滑輪的高度，使拴小車的細繩與木板平行。這樣做的目的是______________________。
A．使小車能做勻速直線運動
B．使細線拉力等于小車受到的合力
（2）實驗中用來改變小車拉力的是圖2中　 　（填“A”或“B”）。圖1裝置中選用的打點計時器應接圖3電源的　 　插孔或接線柱（選填“C”、“D”或“E”）。
（3）該同學獲得一段紙帶如圖4所示，則計數點3的讀數為　 　cm。打下計數點3時小車的速度大小為　 　m/s，小車的加速度大小為　 　m/s2（計算結果均保留三位有效數字）。
（4）根據測量數據作出如圖5所示的圖像，已知小車的質量為，則小車的加速度與的關系式　 　（用，和表示）。
18．（2025高一上·衢州期末）（1）圖1為“探究平拋運動的特點”實驗裝置，圖下列說法正確的是______________________。
A．需調節斜槽，保證其末端切線水平
B．需調節硬板，保證硬板在豎直平面內
C．斜槽必須光滑，且小球每次要從斜槽同一位置由靜止釋放
（2）圖2中實驗記錄到一個位置明顯發生偏差的點，其產生的原因可能是小球在斜槽釋放的位置與其它幾次相比偏　 ?。ㄌ睢案摺被颉暗汀保?。
19．（2025高一上·衢州期末）如圖1所示，自動采棉機在采摘棉花的同時將棉花打包成質量分布均勻的圓柱形棉包，通過采棉機后側可以旋轉的支架平穩將其放下。質量為的棉包放在“V”型擋板支架上，兩板間與夾角為固定不變，“V”型支架可繞過垂直的軸在豎直面內緩慢轉動。不計一切摩擦，重力加速度為。求：
（1）當“”型支架的板處于水平位置時（如圖2），板對棉包的支持力大?。?br/>（2）當“V”型支架繞軸順時針轉動時（如圖3），棉包對板的壓力大??；
（3）當“V”型支架繞軸順時針轉動時，支架對棉包的作用力大小。
20．（2025高一上·衢州期末）彈棋被稱為“桌上足球”，圖1為某彈棋的實物圖，圖2為其俯視圖。棋盤水平放置，黑、白棋區域關于中央擋板對稱分布。某次游戲過程中，一枚白棋和一枚黑棋同時從A、B位置獲得沿軸線方向的初速度，做勻減速直線運動。已知二者的加速度大小均為，A、B之間的距離，白棋的初速度大小，經時間與運動中的黑棋正碰，白棋、黑棋質量相等且可視為質點，碰撞過程時間極短，求：
（1）碰撞的位置到A點的距離；
（2）黑棋從B點運動到碰撞處過程中的平均速度大?。?br/>（3）若碰后二者的速度均反向，碰撞后黑棋的速度大小為碰前的，請通過計算判斷黑棋能否停在白棋區域？
21．（2025高一上·衢州期末）如圖1所示，一質量、長的平板車靜止在光滑水平地面上，上表面離地高，右側足夠遠的豎直墻面固定一處于自然狀態下的輕彈簧，彈簧的原長，其彈力隨伸長量變化如圖2所示。質量的滑塊（可視為質點）以的初速度滑上平板車，已知滑塊與平板車間的動摩擦因數，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。求：
（1）若平板車固定：
①滑塊滑離平板車時的速度大小；
②落地點距平板車右端的水平距離；
（2）若平板車不固定：
①請判斷滑塊是否會滑離平板車，若不滑離，它們共同運動的速度大??；
②平板車與彈簧接觸以后，到滑塊與平板車之間即將相對滑動時，此時彈簧的長度。
答案解析部分
1．【答案】A
【知識點】矢量與標量；力學單位制
【解析】【解答】國際單位制規定了七個基本物理量，這七個基本物理量分別是誰，它們在國際單位制分別是誰，這都是需要學生自己記住的。A．位移是矢量，其單位m是國際單位制中的基本單位，選項A正確；
B．加速度是矢量，其單位是國際單位制的導出單位，選項B錯誤；
C．摩擦力是矢量，其單位N是國際單位制中的導出單位，選項C錯誤；
D．質量是標量，其單位kg是國際單位制中的基本單位，選項D錯誤。
故選A。
【分析】國際單位制規定了七個基本物理量。分別為長度、質量、時間、熱力學溫度、電流、光照強度、物質的量。它們的在國際單位制中的單位稱為基本單位，他們在國際單位制中的單位分別為米、千克、秒、開爾文、安培、坎德拉、摩爾，既有大小，又有方向的物理量是矢量；只有大小，沒有方向的物理量是標量。
2．【答案】B
【知識點】質點；參考系與坐標系
【解析】【解答】該題考查對質點以及參考系的理解，屬于對基本概念的考查，正確理解這些概念是解答的關鍵。A．以山東艦為參考系，遼寧艦是靜止的，選項A錯誤；
B．以空中艦載機為參考系，遼寧艦是勻速運動的，選項B正確；
C．描述山東艦的空間位置需要二維坐標系，選項C錯誤；
D．研究遼寧艦在海面航行軌跡時，其大小和形狀可忽略不計，可視為質點，選項D錯誤。
故選B。
【分析】當物體的大小和形狀對所研究的問題沒有影響或影響可忽略不計時，可以把物體當作質點；在描述一個物體的運動時，選來作為標準的另外的某個物體叫參考系。
3．【答案】D
【知識點】重力與重心；形變與彈力；牛頓第三定律；共點力的平衡
【解析】【解答】平衡力和相互作用力容易混淆，注意區分：相同點：大小相等、方向相反、作用在同一條直線上。不同點：平衡力是一個受力物體，發生在兩個物體之間；相互作用力是兩個受力物體，發生在兩個物體之間。A．罐的重力作用線通過桌面的支撐面，可知罐重心在罐的內部，選項A錯誤；
B．罐受到的彈力是由于桌面發生形變產生的，選項B錯誤；
C．桌面對罐的作用力與罐受到的重力是一對平衡力，選項C錯誤；
D．罐對桌面的作用力與桌面對罐的作用力是相互作用力，大小相等，方向相反，選項D正確。
故選D。
【分析】二力平衡的條件：大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在同一物體上，缺一不可。相互作用力是發生在兩個相互作用的兩個物體之間，兩個力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，分別作用在相互作用的兩個物體上。
4．【答案】B
【知識點】位移與路程；慣性與質量；速度與速率
【解析】【解答】本題就是對位移和路程的考查，掌握住位移和路程的概念就能夠解決了。A．“車”從到的過程中，位移大小為
故A錯誤；
B．“馬”從跨到的最短路程
則其路程可能大于，故B正確；
C．在推動棋子的過程中，棋子的質量不變，則慣性不會發生變化，故C錯誤；
D．將“車”從平推到，“車”不一定做勻速直線運動，故D錯誤。
故選B。
【分析】位移是指從初位置到末位置的有向線段，位移是矢量，有大小也有方向；路程是指物體所經過的路徑的長度，路程是標量，只有大小，沒有方向。
5．【答案】C
【知識點】牛頓第二定律
【解析】【解答】假設在這一過程中籃球做的是水平向右的減速直線運動，即具有向左的加速度，根據牛頓第二定律可知籃球受到的合力水平向左，則雙手對籃球施力存在豎直向上的分力與籃球重力平衡，根據平行四邊形定則可知，的方向斜向上偏左，故C正確，ABD錯誤。
故選C。
【分析】由于籃球做水平向右的減速直線運動，施加的力應具有水平向左的分量以減速，同時也可能有向上的分量以抵消重力影響，保持籃球在被接住過程中的穩定。因此，結合題目條件，力的方向應該既含有向左的水平分量，也可能包含向上的豎直分量。
6．【答案】A
【知識點】曲線運動的條件
【解析】【解答】本題主要考查對物體運動狀態和受力情況的分析，難度不大。A．戰斗機做螺旋下降，則速度方向不斷變化，即速度時刻改變，選項A正確；
B．戰斗機在豎直方向不只受重力作用，只受重力不可能做螺旋運動，即豎直方向不是做自由落體運動，選項B錯誤；
C．戰斗機的加速度不斷變化，不是做勻變速曲線運動，選項C錯誤；
D．戰斗機做曲線運動，所受合力方向與速度方向不相同，選項D錯誤。
故選A。
【分析】根據曲線運動的速度特點、自由落體運動的條件以及勻變速曲線運動的條件即可求解。
7．【答案】B
【知識點】運動學 v-t 圖象
【解析】【解答】解答本題的關鍵要掌握速度—時間圖像的斜率表示加速度，圖像與時間軸的面積表示位移。A．由圖像可知，電子狗在時間內做勻加速直線運動，故A錯誤；
B．根據圖像與橫軸圍成的面積表示位于，可知在時間內的位移滿足
則時間內平均速度滿足
故B正確；
C．由圖像可知，時間內仍沿正方向做減速運動，沒有反向運動，故C錯誤；
D．由圖像可知，時間內一直沿正方向運動，位移一直增大，故D錯誤。
故選B。
【分析】根據v-t圖像的斜率表示加速度來分析加速度變化情況。根據v-t圖像與時間軸所圍的面積表示位移，再確定平均速度大小。
8．【答案】C
【知識點】共點力的平衡
【解析】【解答】本題考查共點力的平衡問題，要熟練分析物體的受力，結合幾何關系和正交分解法完成解答。由受力分析圖可知，
解得F1=5G
根據牛頓第三定律可知，頸椎受到的壓力大小為5G。
故選C。
【分析】以人頭為研究對象，根據平衡條件列方程求解。
9．【答案】A
【知識點】共點力的平衡
【解析】【解答】本題是簡單的動態平衡問題，要明確研究對象，分析受力情況，根據平衡條件列式分析。AB．設細線與豎直方向夾角為θ，則，
解得，
隨著紙卷的使用則θ角和mg均減小，可知T變小，N減?。贿x項A正確，B錯誤；
CD．支持力和拉力的合力方向與重力等大反向，則豎直向上，隨重力減小，則支持力和拉力的合力大小逐漸減小，選項CD錯誤。
故選A。
【分析】隨著卷紙越用越少，卷紙半徑也越來越小，故輕繩與豎直方向θ變小，卷紙的重力mg也越來越小。分析卷紙受力，沿水平方向和豎直方向正交分解，然后對豎直方向，水平方向由平衡條件列方程，解出T和FN的表達式，依變量θ和mg的變化分析T、FN的變化。
10．【答案】C
【知識點】平拋運動
【解析】【解答】做曲線運動的物體速度方向沿切線方向，飛鏢運動到A點速度位于軌跡的切線方向，根據可知，的方向與重力加速度方向g相同，豎直向下。
故選C。
【分析】曲線運動速度方向沿切線方向，方向與加速度方向相同。
11．【答案】D
【知識點】牛頓運動定律的應用—連接體
【解析】【解答】本題主要考查牛頓第二定律在連接體中的應用，理解并會使用整體法和隔離體法是解題關鍵。以A為對象，根據牛頓第二定律可得
以B為對象，根據牛頓第二定律可得
聯立解得A、B一起運動過程中細線的拉力大小為
故選D。
【分析】分別以A或者B為研究對象，根據牛頓第二定律求解拉力大小。
12．【答案】C
【知識點】斜拋運動
【解析】【解答】拋體運動可以分解為水平方向的勻速直線運動與豎直方向的勻變速直線運動。將籃球運動的逆過程看做是反向的平拋運動，則豎直高度不變，根據
則時間不變，當水平位移增加時，根據
可知水平速度增加，豎直速度vy=gt不變。
根據，
可知增大，減小。
故選C。
【分析】要使拋出的籃球仍能垂直擊中籃板上的A點，則可將籃球運動的逆過程看作是反向的平拋運動，結合平拋運動規律求解。
13．【答案】B
【知識點】加速度；平均速度
【解析】【解答】解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的運動學公式和推論，并能靈活運用，有時運用推論求解會使問題更加簡捷。
根據勻變速直線運動中中間時刻的瞬時速度等于平均速度知，8.5s時和15s時的速度分別為
這段時間為
根據加速度的定義
故選B。
【分析】根據勻變速直線運動中中間時刻的瞬時速度等于平均速度求解瞬時速度，根據加速度定義式求解加速度大小。
14．【答案】A,C
【知識點】伽利略理想斜面實驗；自由落體運動；靜摩擦力；力的合成
【解析】【解答】本題考查的知識點較多，要注意明確各物理現象對應的物理規律，會根據物理規律解釋相關現象。A．甲圖中是“人的反應時間測量尺”，根據
可得
可知直尺上若改標注時間刻度，刻度線分布是不均勻，故A正確；
B．由于兩桶質量水的質量不同，重力不同，所以與的作用效果不相同，故B錯誤；
C．木塊開始運動前，拉力由零緩慢增大，木塊所受的靜摩擦力也緩慢增大，指針左側的小紙團也隨著指針緩慢移動，當靜摩擦力達到最大時，小紙團位置保持不變，所以指針左側的小紙團作用是標記最大靜摩擦力大小，故C正確；
D．丁圖中小球沖上斜面運動越來越慢，主要是重力的作用，摩擦作用影響很小，故D錯誤。
故選AC。
【分析】根據自由落體規律分析；靜摩擦力達到最大時，指針左側的小紙團作用是標記最大靜摩擦力大小；在斜面上運動越來越慢，主要是重力的作用。
15．【答案】B,D
【知識點】勻變速直線運動的速度與時間的關系；牛頓第二定律；超重與失重
【解析】【解答】分析運動員的運動情況，要知道運動員的加速度為零時速度最大。A．根據下落30m內圖像是直線可得
可知受空氣阻力，故A錯誤；
B．圖像的斜率等于加速度可知，加速度先向下后向上，則先失重再超重，故B正確；
C．下落到處速度最大，加速度為零，則合力為零，故C錯誤；
D．下落下落30m時彈性繩被拉直，即下落時間
故D正確。
故選BD。
【分析】當運動員的加速度為零時，速度最大，根據加速度大小判斷是否受空氣阻力；根據加速度方向判斷運動員處于超重狀態還是失重狀態；下落下落30m時彈性繩被拉直，根據運動學公式分析。
16．【答案】（1）2.2
（2）B；D
【知識點】驗證力的平行四邊形定則
【解析】【解答】本題考查“探究兩個互成角度的力的合成規律”，關鍵要弄清實驗的基本原理，會分析誤差原因，操作中一定要結合實驗的注意事項完成，避免出現較大的誤差。
（1）圖中彈簧測力計的分度值為，由圖2可知彈簧測力計的示數為。
（2）AD．為了減小標記拉力方向的誤差，拉橡皮條的兩細繩應適當長一些，但不需要等長，標記同一細繩方向的兩點要適當遠些，故A錯誤，D正確；
B．為了減小誤差，彈簧測力計、細繩、橡皮條都應與木板平行，故B正確；
C．用兩彈簧測力計同時拉細繩時，兩彈簧測力計的示數應適當大一些，但不是示數之差應盡可能大，故C錯誤。
故選BD。
【分析】（1）根據彈簧測力計的讀數規則完成讀數；
（2）探究兩個互成角度的力的合成規律時根據實驗要求選擇所需器材，根據注意事項選擇恰當的操作步驟。
（1）圖中彈簧測力計的分度值為，由圖2可知彈簧測力計的示數為。
（2）AD．為了減小標記拉力方向的誤差，拉橡皮條的兩細繩應適當長一些，但不需要等長，標記同一細繩方向的兩點要適當遠些，故A錯誤，D正確；
B．為了減小誤差，彈簧測力計、細繩、橡皮條都應與木板平行，故B正確；
C．用兩彈簧測力計同時拉細繩時，兩彈簧測力計的示數應適當大一些，但不是示數之差應盡可能大，故C錯誤。
故選BD。
17．【答案】（1）B
（2）A；C
（3）；1.22；
（4）
【知識點】探究加速度與力、質量的關系
【解析】【解答】本題考查了實驗注意事項與實驗數據處理，分析清楚圖示實驗裝置、理解實驗原理是解題的前提，掌握基礎知識即可解題。
（1）在平衡摩擦力后，調整定滑輪的高度，使拴小車的細繩與木板平行。這樣做的目的是使細線拉力等于小車受到的合力。
故選B。
（2）實驗中用來改變小車拉力的是圖2中的質量較小的槽碼，故選A。
圖1裝置中選用的打點計時器為電火花打點計時器，應連接220V交流電源，即接圖3電源的C插孔。
（3）圖中刻度尺的分度值為，由圖4可知計數點3的讀數為；
由圖可知，紙帶上相鄰計數點的時間間隔為
根據勻變速直線運動中間時刻速度等于該段過程的平均速度，則打下計數點3時小車的速度為根據
可得小車的加速度大小為
（4）由圖像可知小車受到的阻力為，以小車為對象，根據牛頓第二定律可得
可得
【分析】（1）根據實驗原理分析；
（2）改變小車拉力使用質量較小的槽碼，電火花打點計時器，應連接220V交流電源；
（3）勻變速直線運動中間時刻速度等于該段過程的平均速度，根據逐差法求解加速度；
（4）以小車為對象，對小車進行受力分析，根據牛頓第二定律求解加速度。
（1）在平衡摩擦力后，調整定滑輪的高度，使拴小車的細繩與木板平行。這樣做的目的是使細線拉力等于小車受到的合力。
故選B。
（2）[1]實驗中用來改變小車拉力的是圖2中的質量較小的槽碼，故選A。
[2]圖1裝置中選用的打點計時器為電火花打點計時器，應連接220V交流電源，即接圖3電源的C插孔。
（3）[1]圖中刻度尺的分度值為，由圖4可知計數點3的讀數為；
[2]由圖可知，紙帶上相鄰計數點的時間間隔為
根據勻變速直線運動中間時刻速度等于該段過程的平均速度，則打下計數點3時小車的速度為
[3]根據
可得小車的加速度大小為
（4）由圖像可知小車受到的阻力為，以小車為對象，根據牛頓第二定律可得
可得
18．【答案】（1）A；B
（2）低
【知識點】研究平拋物體的運動
【解析】【解答】解決本題的關鍵明確平拋運動性質，同時掌握描述平拋運動實驗的基本方法和注意事項。
（1）A．需調節斜槽，保證其末端切線水平，以保證小球做平拋運動，選項A正確；
B．需調節硬板，保證硬板在豎直平面內，選項B正確；
C．斜槽不一定要必須光滑，但是小球每次要從斜槽同一位置由靜止釋放，以保證到達底端時的速度相同，選項C錯誤；
故選AB。
（2）實驗記錄到一個位置明顯發生偏差的點，其產生的原因可能是小球在斜槽釋放的位置與其它幾次相比偏低，拋出時的初速度較小造成的。
【分析】（1）小球做平拋運動，必須保證斜槽末端切線水平；實驗過程中要保證小球每次做平拋運動的初速度相同，每次應從斜槽的同一位置由靜止釋放小球；
（2）根據平拋運動規律分析。
（1）A．需調節斜槽，保證其末端切線水平，以保證小球做平拋運動，選項A正確；
B．需調節硬板，保證硬板在豎直平面內，選項B正確；
C．斜槽不一定要必須光滑，但是小球每次要從斜槽同一位置由靜止釋放，以保證到達底端時的速度相同，選項C錯誤；
故選AB。
（2）實驗記錄到一個位置明顯發生偏差的點，其產生的原因可能是小球在斜槽釋放的位置與其它幾次相比偏低，拋出時的初速度較小造成的。
19．【答案】（1）解：當“”型支架的板處于水平位置時，棉包的受力如圖所示
則根據平衡關系知，支持力大小
（2）解：轉動時，棉包的受力如圖所示
則根據平衡關系知，棉包受到板的支持力大小
根據牛頓第三定律可知，棉包對板的壓力大小
（3）解：轉動時，棉包受到支架的作用力始終等于棉包的重力，受力如圖所示
根據平衡關系知，故支架對棉包的作用力大小
【知識點】共點力的平衡
【解析】【分析】（1）根據平衡關系求解支持力大??；
（2）轉動時，畫出棉包的受力分析圖，根據平衡條件結合牛頓第三定律求解壓力大??；
（3）轉動時，棉包受到支架的作用力始終等于棉包的重力，根據平衡條件求解。
（1）當“”型支架的板處于水平位置時，棉包的受力如圖所示
則根據平衡關系知，支持力大小
（2）轉動時，棉包的受力如圖所示
則根據平衡關系知，棉包受到板的支持力大小
根據牛頓第三定律可知，棉包對板的壓力大小
（3）轉動時，棉包受到支架的作用力始終等于棉包的重力，受力如圖所示
根據平衡關系知，故支架對棉包的作用力大小
20．【答案】（1）解：根據勻變速直線運動規律可知碰撞的位置到白棋起點的距離滿足
解得
（2）解：B點與碰撞位置之間的距離
則從B點運動到碰撞處過程中的平均速度大小
（3）解：由
解得黑棋的初速度大小
黑棋碰前時刻的速度大小
黑棋碰后時刻的速度大小
黑棋碰撞位置與小孔距離
碰撞后到黑棋停下來通過的位移
故黑棋能停在白棋區域。
【知識點】勻變速直線運動的速度與時間的關系
【解析】【分析】（1）根據勻變速直線運動規律求解；
（2）求出B點與碰撞位置之間的距離，距離除以時間等于平均速度；
（3）求出黑棋碰前時刻的速度以及碰后速度，根據速度—位移關系求解求解碰撞后到黑棋停下來通過的位移，從而做出判斷。
（1）根據勻變速直線運動規律可知碰撞的位置到白棋起點的距離滿足
解得
（2）B點與碰撞位置之間的距離
則從B點運動到碰撞處過程中的平均速度大小
（3）由
解得黑棋的初速度大小
黑棋碰前時刻的速度大小
黑棋碰后時刻的速度大小
黑棋碰撞位置與小孔距離
碰撞后到黑棋停下來通過的位移
故黑棋能停在白棋區域。
21．【答案】（1）解：平板車固定：滑塊在平板車上做勻減速直線運動
①由
得
根據
解得
②由
解得
故滑塊落地點距平板車右端的水平距離
（2）解：平板車不固定：
①滑塊做勻減速直線運動，
木板做勻加速直線運動，由
得
設經時間二者速度相等，有
解得，
平板車的位移
滑塊的位移
則滑塊相對于平板車的位移
滑塊不會滑離平板車。
最后它們的共同運動速度大小。
②設和恰好發生相對滑動時的彈簧彈力為，整體的加速度為，
以和整體研究：牛頓第二定律
以研究：牛頓第二定律
聯立解得
由乙圖可知，彈簧的勁度系數
滑塊與木板分離時刻，由
可得
則彈簧的長度
【知識點】牛頓運動定律的應用—板塊模型；平拋運動
【解析】【分析】（1） ① 平板車固定：滑塊在平板車上做勻減速直線運動，根據牛頓運動定律和運動學公式求解 滑塊滑離平板車時的速度大小 ；
② 根據平拋運動規律求解落地點距平板車右端的水平距離；
（2）①平板車不固定，根據牛頓運動定律求解加速度，根據位移關系判斷是否會滑離 平板車， 根據運動學規律求解共同速度；
② 以和整體研究以及以研究結合牛頓第二定律求解和恰好發生相對滑動時的彈簧彈力，結合胡克定律求解彈簧長度。
（1）平板車固定：滑塊在平板車上做勻減速直線運動
①由
得
根據
解得
②由
解得
故滑塊落地點距平板車右端的水平距離
（2）平板車不固定：
①滑塊做勻減速直線運動，
木板做勻加速直線運動，由
得
設經時間二者速度相等，有
解得，
平板車的位移
滑塊的位移
則滑塊相對于平板車的位移
滑塊不會滑離平板車。
最后它們的共同運動速度大小。
②設和恰好發生相對滑動時的彈簧彈力為，整體的加速度為，
以和整體研究：牛頓第二定律
以研究：牛頓第二定律
聯立解得
由乙圖可知，彈簧的勁度系數
滑塊與木板分離時刻，由
可得
則彈簧的長度
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