資源簡介

2025屆江蘇省無錫市梅村高級中學高三下學期二模模擬物理試卷
一、單選題（每小題4分，共44分）
1．（2025·無錫模擬）關于太陽上進行的核聚變，下列說法正確的是（　　）
A．核聚變需要在高溫下進行
B．核聚變中電荷不守恒
C．太陽質量不變
D．太陽核反應方程式：U＋n→Ba＋Kr＋3n
2．（2025·無錫模擬）如圖所示，當波源和障礙物都靜止不動時，波源發出的波在障礙物處不能發生明顯衍射，下列措施可能使波發生較為明顯衍射的是（　　）
A．增大障礙物的長度 B．波源遠離障礙物運動
C．波源靠近障礙物運動 D．增大波源的振動頻率
3．（2025·無錫模擬）角動量守恒定律、能量守恒定律和動量守恒定律是物理學的三大守恒定律。角動量定義為質點相對原點的位置矢量和動量的向量積，通常寫作，表達式為。在國際單位制中，角動量的單位可以表示為（　　）
A． B． C． D．
4．（2025·無錫模擬）如圖所示，把一條細棉線的兩端系在鐵絲環上，棉線處于松弛狀態。將鐵絲環浸入肥皂液里，拿出來時環上留下一居肥皂液的薄膜，這時薄膜上的棉線仍是松弛的。用燒熱的針刺破a側的薄膜，觀察到棉線的形狀為（　　）
A． B．
C． D．
5．（2025·無錫模擬）如圖所示，把一塊鋅板連接在驗電器上，并使鋅板帶負電，驗電器指針張開。用紫外線燈照射鋅板，則（　　）
A．指針張角變小的過程中有電子離開鋅板
B．鋅板所帶的電荷量一直變大
C．改用紅光照射，指針張角也會變化
D．用其它金屬板替換鋅板，一定會發生光電效應
6．（2025·無錫模擬）在2023年9月21日的“天宮課堂”上，同學們與航天員進行互動交流，航天員給同學們解答了與太空垃圾相關的問題。所謂太空垃圾是指在宇宙空間中的各種人造廢棄物及其衍生物。假設在空間站觀察到如圖所示的太空垃圾P、Q、M、N（P、Q、M、N均無動力運行，軌道空間存在稀薄氣體），假設空間站和這些太空垃圾均繞地球近似做順時針方向的圓周運動，則最可能對空間站造成損害的是（　　）
A．P B．Q C．M D．N
7．（2025·無錫模擬）某城市新裝了一批節能路燈，該路燈通過光控開關實現自動控制：電燈的亮度可自動隨周圍環境的亮度改變而改變。其內部電路簡化原理圖如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r，為光敏電阻（光照強度增加時，其電阻值減小）。當隨著傍晚到來光照逐漸減弱時，則下列判斷正確的是（　　）
A．A燈變亮，B燈變亮
B．A燈變亮，B燈變暗
C．電源的效率變小
D．上電流的變化量等于上電流變化量
8．（2025·無錫模擬）有人根據條形磁鐵的磁場分布情況用塑料制作了一個模具，模具的側邊界剛好與該條形磁鐵的磁感線重合，如圖所示．另取一個柔軟的彈性導體線圈套在模具上方某位置，線圈貼著模具上下移動的過程中，下列說法正確的是（地磁場很弱，可以忽略）（　　）
A．線圈切割磁感線，線圈中產生感應電流
B．線圈緊密套在模具上移動過程中，線圈中沒有感應電流產生
C．由于線圈所在處的磁場是不均勻的，故而不能判斷線圈中是否有感應電流產生
D．若線圈平面放置不水平，則移動過程中會產生感應電流
9．（2025·無錫模擬）如圖所示，邊長為2a的正方體玻璃磚，底面中心有一單色點光源O，從外面看玻璃磚的上表面剛好全部被照亮，不考慮光的反射。從外面看玻璃磚四個側面被照亮的總面積為（　　）
A． B． C． D．
10．（2025·無錫模擬）如圖所示，足夠大的光滑絕緣水平面上有三個帶電質點，A和C圍繞B做勻速圓周運動，B恰能保持靜止，其中A、C與B的距離分別是L1和L2，不計三質點間的萬有引力，則A和C的比荷（電荷量和質量之比）之比應是（　　）
A． B． C． D．
11．（2025·無錫模擬）如圖所示，質量均為m的兩物體A、B用勁度系數為k的輕質彈簧拴接，物體C疊放在物體B上，系統處于靜止狀態。現將C瞬間取走，物體A恰好不離開地面。已知彈性勢能的表達式為，其中x為彈簧的形變量，重力加速度為g。以下說法正確的是（　　）
A．物體C的質量為3m
B．物體B運動到最高點時的加速度大小為3g
C．物體B的最大速度大小為
D．物體B上升的最大高度為
二、實驗題（每空3分，，共15分）
12．（2025·無錫模擬）某同學利用如圖甲所示電路測量電源的電動勢和內阻，同時測出未知電阻Rx的值。實驗室提供的器材如下：
A．待測電源；
B．待測電阻Rx；
C．電阻箱（0~999.9 Ω）；
D．電壓表V1（量程6 V，內阻約2 kΩ）；
E．電壓表V2（量程3 V，內阻約1 kΩ）；
F．開關、導線若干。
該同學實驗過程如下：
①按圖甲連接好電路；
②閉合開關S，調節電阻箱R的值，讓兩個電壓表V1和V2有合適的讀數U1與U2，并將R、U1和U2的值填在設計好的表格中（表格未畫出）；
③重復實驗步驟②多次，并將獲得的電阻箱R的阻值和電壓表V1和V2的讀數填入表格中。
（1）如果縱坐標表示某電壓表讀數U，橫坐標表示兩個電壓表讀數之差與電阻箱阻值的比值，實驗結果的圖像如圖乙所示，則待測電源電動勢為　 　 V，內阻為　 　 Ω。（結果均保留兩位有效數字）
（2）如果縱坐標表示兩個電壓表讀數之比，橫坐標表示電阻箱的阻值R，實驗結果的圖像如圖丙所示。則待測電阻Rx=　 　 Ω（保留兩位有效數字）。由于電壓表V2的分流，待測電阻的測量值比真實值　 　（選填“偏大”“偏小”或“不變”）。
（3）為消除電壓表V2分流給實驗帶來的誤差，實驗時可以引入輔助電源，如圖丁所示，為輔助電源，調節電路中的兩個滑動變阻器，使通過靈敏電流計G的電流為0，讀出此時電壓表讀數為1.78 V，電流表A讀數為0.22 A，則待測電阻的準確值為　 　 Ω（保留兩位有效數字）。
三、解答題（共41分）
13．（2025·無錫模擬）如圖所示，質量為m，電阻為R，邊長為L的正方形單匝線框abcd放在光滑水平桌面上，MN右側空間存在豎直向下勻強磁場，磁感應強度大小為B，線框從左邊界以初速度v進入磁場。求：
（1）線框剛進入磁場時，ab兩端的電壓Uab；
（2）線框完全進入磁場后的速度大小v/。
14．（2025·無錫模擬）如圖所示為某同學設計的一種粗測物體質量的裝置。導熱性能良好的汽缸開口向上放在水平面上，活塞在缸內封閉有一段理想氣體，活塞與汽缸內壁之間無摩擦且不漏氣，活塞、固定支桿和平臺的總質量為M，活塞截面積為S。初始時測得活塞到缸底的距離為d，在平臺上放一個待測物塊，穩定時，活塞下降了，重力加速度為g，環境溫度為且保持不變，大氣壓強為，求：
（1）待測物塊的質量為多少；
（2）若初始時環境溫度緩慢上升為T（環境壓強不變），活塞穩定后放上該物塊，活塞再次穩定時下降的高度為多少。
15．（2025·無錫模擬）如圖所示，OA與y軸的夾角，在此角范圍內有沿y軸負方向的勻強電場，一質量為m、電荷量為q的粒子以速度從左側平行于x軸射入電場，入射點為P，經電場后沿垂直于OA的方向由Q點進入一矩形磁場區域（未畫出，方向垂直紙面向外），并沿x軸負方向經過O點。已知O點到Q點的距離為6L，不計粒子的重力，求：
（1）勻強電場的電場強度大小；
（2）勻強磁場的磁感應強度大小；
16．（2025·無錫模擬）如圖所示，一質量為M、長為L，左端帶有薄擋板P的木板，靜止在水平的地面上，木板與地面間的動摩擦系數為μ，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，質量為m的人從木板的右端，由靜止開始相對地面向左做勻加速直線運動，到達木板左端時驟然抓住擋板P，此后始終與木板保持相對靜止，設人加速運動階段，與木板之間水平作用力大小為f。
（1）若人加速運動時，木板和地面不發生相對滑動，求f的范圍；
（2）在（1）的前提下，若要求從人開始運動到最終人和木板一起停下的時間最短，求此最短時間及對應的f的值；
（3）改變f的大小，求木板從開始運動到最終停下的位移范圍。
答案解析部分
1．【答案】A
【知識點】核聚變
【解析】【解答】兩個輕核結合成質量較大的核、這樣的核反應叫作核聚變，在超高溫條件下才能發生，所以核聚變反應又叫熱核反應。A．高溫時劇烈的熱運動使得原子核具有足夠的動能，可以克服他們自身相互間巨大的庫侖斥力，碰撞時十分接近，從而發生核聚變，故A正確；
B．核聚變中電荷是守恒的，故B錯誤；
C．太陽在不停地發生核聚變，放出大量能量，根據質能方程可知太陽質量在不斷減小，故C錯誤；
D．太陽核反應應是核聚變反應，而不是核裂變反應，故D錯誤。
故選A。
【分析】聚變反應也叫熱核反應；核聚變中電荷是守恒的；根據質能方程ΔE=Δmc2可知太陽質量減小；太陽核反應屬于聚變反應。
2．【答案】B
【知識點】波的衍射現象
【解析】【解答】波的衍射是不需要條件的，但要發生明顯的衍射必須滿足一定的條件。波長相對小孔（或障礙物）尺寸越長，衍射現象越明顯。A．發生明顯衍射的條件是障礙物的尺寸與波長差不多或比波長短，由于波源發出的波在障礙物處不能發生明顯衍射，表明障礙物的尺寸比波長大得多，為了使波發生較為明顯的衍射，需要增大波長或減小障礙物的長度，可知增大障礙物的長度不能使波發生較為明顯的衍射，A錯誤；
B．波源遠離障礙物將產生多普勒效應，障礙物處接收到的頻率減小，根據
可知，波源遠離障礙物，等效于增大波長，根據上述，該措施能使波發生較為明顯的衍射，B正確；
C．波源靠近障礙物將產生多普勒效應，障礙物處接收到的頻率增大，根據
可知，波源靠近障礙物，等效于減小波長，根據上述，該措施不能使波發生較為明顯的衍射，C錯誤；
D．根據
可知，增大波源的振動頻率時，波長減小，根據上述，該措施不能使波發生較為明顯的衍射，D錯誤。
故選B。
【分析】發生明顯衍射的條件：縫、孔的寬度或障礙物的尺寸跟波長相差不多，或者比波長更小。
3．【答案】D
【知識點】力學單位制
【解析】【解答】物理公式不僅確定了各個物理量之間的關系，同時也確定了物理量的單位之間的關系，根據物理公式來分析物理量的單位即可。根據角動量的表達式
位置矢量單位為m，動量單位為，可知角動量單位為
故選D。
【分析】由于物理單位遵循基本乘除運算法則，結合位置矢量和動量的單位以及角動量的表達式可求角動量的單位。
4．【答案】D
【知識點】液體的表面張力
【解析】【解答】本題考查了液體表面張力，要能從眾多的物理現象中識別出這種現象；知道這種現象的本質原因是液體分子間的引力作用。先把個棉線圈拴在鐵絲環上，再把環在肥皂液里浸一下，使環上布滿肥皂液薄膜。膜中分子間的距離比液體內部大一些，分子間的相互作用表現為引力，所以產生收縮效果；用燒熱的針刺破a側的薄膜，b中的水膜能使b的面積最小。
故選D。
【分析】液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內部稀疏，分子間的距離比液體內部大一些，分子間的相互作用表現為引力。
5．【答案】A
【知識點】光電效應
【解析】【解答】解決本題的關鍵是要掌握住光電效應的發生條件，入射光的頻率必須大于金屬的截止頻率。AB．用紫外線燈照射鋅板時，鋅板發生光電效應，逸出電子，驗電器所帶負電荷逐漸被中和，因此驗電器帶電量減小，故驗電器指針張角逐漸減小直至閉合，此時負電荷被完全中和，繼續用紫外線照射鋅板，驗電器開始帶上正電，隨著照射時間的增加，鋅板逸出的電子增加，鋅板所帶正電荷增加，帶電量增加，驗電器張角逐漸增大，故A正確，B錯誤；
CD．紫光的頻率大于紅光的頻率，根據光電效應產生的條件，入射光的頻率必須大于金屬的截止頻率才能發生光電效應，則可知頻率大的光照射金屬能夠發生光電效應時，頻率小的光不一定可以使該金屬發生光電效應，若不能發生光電效應，則驗電器指針的張角不會發生變化，故CD錯誤。
故選A。
【分析】當紫外線燈射鋅板時，產生了光電效應，有光電子從鋅板逸出，會使原本帶負電的鋅板失去部分電子，帶電量減少。
6．【答案】A
【知識點】衛星問題
【解析】【解答】本題主要是考查萬有引力定律及其應用，解答本題的關鍵是能夠根據萬有引力提供向心力結合向心力公式進行分析，掌握變軌原理。太空垃圾無動力運行，由于軌道空間存在稀薄氣體，所以太空垃圾的軌道會逐漸減低，根據
可得
所以太空垃圾P、N的周期大于空間站，在軌道降低過程中，P最有可能對空間站造成損害，N會在空間站的后方。
故選A。
【分析】太空垃圾無動力運行，由于軌道空間存在稀薄氣體，所以太空垃圾的軌道會逐漸減低，根據運動情況進行分析。
7．【答案】A
【知識點】閉合電路的歐姆定律；電路動態分析
【解析】【解答】在動態電路分析中，掌握電壓、電流隨電阻的變化規律是解題的關鍵。電路當中任何一個電阻增大時，電路的總電阻就會增大，總電流就減小。光照逐漸減弱時，光敏電阻阻值增大，電路總電阻增大，總電流減小，內電壓減小，外電壓增大。
AB．外電壓增大，A燈變亮；支路R0上的電流減小，R0上的電壓減小，又因為外電壓增大，所以B燈電壓增大，所以B燈變亮，故A正確，B錯誤；
C．因為外電阻變大，根據
可知，電源的效率變大，故C錯誤；
D．對于支路R0，有
其中、，所以
故D錯誤。
故選A。
【分析】當隨著傍晚到來光照逐漸減弱時，光敏電阻增大，分析電路總電阻的變化，判斷干路電流和路端電壓的變化，確定A燈亮度變化，分析通過R0的電流變化，確定R0的電壓變化，再分析B燈電壓的變化，即可判斷B燈亮度的變化；根據路端電壓的變化分析電源效率的變化；根據并聯電路電流關系分析RG上電流的變化量與R0上電流變化量的大小。
8．【答案】B
【知識點】電磁感應的發現及產生感應電流的條件
【解析】【解答】判斷有無感應電流產生對照感應電流產生的條件，抓住兩點：一是電路要閉合；二是磁通量要變化。由題，模具的形狀與磁感線的形狀是相同的，則線圈貼著模具上下移動的過程中穿過線圈的磁感線的條數不會發生變化，即穿過線圈的磁通量不變，所以線圈緊密套在模具上移動過程中不出現感應電流。同樣若線圈平面放置不水平，則移動過程中由于穿過線圈的磁通量不變，也不會產生感應電流。
故選B。
【分析】明確感應電流的產生的，知道若穿過線圈的磁通量變化就會產生感應電流，據此判斷即可。
9．【答案】D
【知識點】光的全反射
【解析】【解答】由幾何關系可知底面對角線長度為：
玻璃磚的上表面剛好全部被照亮，設臨界角為C，由幾何關系可得
點光源O在側面的出射情況為一個半圓，設其半徑為r，則有
聯立，解得
從外面看玻璃磚四個側面被照亮的總面積為
故答案為D。
【分析】利用幾何關系求出地面對角線長度，結合全反射的臨界角與幾何關系可求照亮面積的半徑，進一步得到面積。
10．【答案】C
【知識點】庫侖定律
【解析】【解答】解決該題關鍵要能正確列出A、C做勻速圓周運動，合外力等于需要的向心力。根據B恰能保持靜止可得
A做勻速圓周運動，根據A受到的合力提供向心力
C做勻速圓周運動
聯立解得A和C的比荷（電量與質量之比）之比應是，故ABD錯誤，C正確。
故選C。
【分析】B恰能保持靜止，根據平衡條件列出等式。A、C做勻速圓周運動，根據受到的庫侖合力提供向心力列出等式求解。
11．【答案】D
【知識點】胡克定律；牛頓第二定律；機械能守恒定律；簡諧運動
【解析】【解答】本題考查功能關系，要求學生能正確分析物體的運動過程和運動性質，熟練應用對應的規律解題。A．C物體疊加在B物體上面靜止時，根據平衡條件可得
拿走C物體后，B物體在彈簧上做簡諧運動，其在平衡位置時，彈簧壓縮長度有
其振幅
當B物體上升到最高點，此時彈簧拉伸長度最長，由于物體A恰好不離開地面，由平衡條件可得
所以由振幅相等
解得物體C的質量為
故A錯誤；
B．B物體在最高點受重力和彈簧彈力，由于物體A恰好不離開地面，故
所以由牛頓第二定律可得B物體在最高點的加速度為
故B錯誤；
D．物體B上升的最大高度為
故D正確；
C．當B物體經過平衡位置的時候其速度最大，B物體從最高點回落到平衡位置的過程中，B物體與彈簧組成的系統機械能守恒，則
解得物體B的最大速度大小為
故C錯誤。
故選D。
【分析】開始靜止時根據平衡條件列式，拿走C之后B做簡諧運動，根據平衡位置的定義列式，根據距離關系列出振幅與彈性形變量的關系式，B上升到最高點時對A列平衡式，聯立求解C的質量；根據牛頓第二定律求解物體B運動到最高點時的加速度大小；當B物體經過平衡位置的時候其速度最大，B物體從最高點回落到平衡位置的過程中，根據系統機械能守恒定律求解物體B的最大速度大小；根據B的振幅求解物體B上升的最大高度。
12．【答案】6.0；6.0；8.0；偏小；8.1
【知識點】伏安法測電阻；電池電動勢和內阻的測量
【解析】【解答】本題考查測量電源電動勢和內阻實驗，掌握基本實驗原理是解題關鍵，本題是在課本實驗基礎上的創新，注意體會實驗設計意圖，實驗誤差主要來源于電表對電路的影響。
（1）圖線反映的是電源的特性，由圖像可知電動勢為6.0 V；圖線斜率等于內阻，則內阻
（2）根據串聯電路的分壓原理可知
故
=1.0+
所以縱軸截距為1.0，根據圖像斜率
k= Ω-1= Ω-1
解得
Rx=8.0 Ω
由于電壓表V2的分流，使得測量的電流偏大，所以待測電阻Rx測量值比真實值偏小。
（3）實驗時可以引入輔助電源，利用當輔助回路和測量回路的電流相等時靈敏電流計G中無電流這一特點，在測量電路中沒有電流表的情況下，仍然測得其回路中的電流，從而消除由于電流表的內阻帶來的誤差，則
Rx= Ω=8.1 Ω
【分析】（1）求出圖像的函數解析式，根據圖示圖像分析求解。
（2）求出圖像的函數解析式，根據圖示圖像分析答題；根據圖示電路圖分析實驗誤差。
（3）根據圖示電路圖，應用歐姆定律分析答題。
13．【答案】解：（1）當ab邊剛進入磁場時，ab邊相當于電源，根據法拉第電磁感應定律，可得閉合電路的感應電動勢
根據閉合電路歐姆定律，有
根據歐姆定律，有
（2）由動量定理有
又
解得
【知識點】動量定理；電磁感應中的磁變類問題
【解析】【分析】（1）ab邊剛進入磁場時，ab邊切割磁感線，相當于電源，根據E=BLv，求出感應電動勢，根據閉合電路歐姆定律求出感應電流，再由歐姆定律求ab兩端的電壓；
（2）根據安培力公式、對線框進入磁場的過程由動量定理求完全進入磁場的速度。
14．【答案】解：（1）初始時設汽缸內氣體壓強為對活塞、固定支桿和平臺整體受力分析得
放一個待測物塊m后汽缸內氣體壓強為，對活塞、固定支桿和平臺整體受力分析得
由玻意耳定律得
聯立解得
（2）若初始時環境溫度緩慢上升為T，設活塞穩定后活塞到缸底的距離為，根據蓋呂薩克定律得
放上物塊，活塞再次穩定時活塞到缸底的距離為，此時壓強為，根據理想氣體狀態方程得
活塞再次穩定時下降的高度為
聯立解得
【知識點】理想氣體與理想氣體的狀態方程；氣體的等溫變化及玻意耳定律；氣體的等壓變化及蓋-呂薩克定律
【解析】【分析】（1）由平衡條件、玻意耳定律分別列式，即可分析求解；
（2）由蓋-呂薩克定律、理想氣體狀態方程、高度的關系分別列式，即可分析求解。
15．【答案】解：（1）帶電粒子在勻強電場中做類平拋運動，設運動時間是t，由牛頓第二定律得：
水平方向
粒子到達Q點時，設豎直分速度為，則
由速度的合成與分解得
解得
（2）粒子在磁場中做勻速圓周運動，運動軌跡如圖所示
設粒子做勻速圓周運動的圓心為，軌道半徑為r，由幾何知識得
解得
粒子進入磁場時的速度
粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：
解得磁感應強度大小
【知識點】帶電粒子在電場中的偏轉；帶電粒子在有界磁場中的運動
【解析】【分析】（1）帶電粒子在勻強電場中做類平拋運動，應用類平拋運動規律求出電場強度大小；
（2）根據題意作出粒子運動軌跡，求出粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的軌道半徑，應用牛頓第二定律求出磁感應強度大小。
16．【答案】解：（1）設地面作用于木板的摩擦力為f，木板不動，對木板分析有
解得
（2）以表示人的加速度，由牛頓第二定律有
解得
第一階段，人加速運動過程有
解得
，
人和木板發生完全非彈性碰撞，根據動量守恒有
解得
之后對人和木板有
勻減速直線運動過程，根據逆向思維有
解得
解得總時間為
根據基本不等式有
當時取等號，即時，有最短時間
（3）當時，即人加速運動時，木板和地面不發生相對滑動
解得木板位移
方向向左，代入
解得
向左為正，當時，即人加速運動時，木板和地面會相對滑動，對物塊、木板列牛頓第二定律有
物塊、木板位移關系
解得
木板第一階段位移
方向向右，根據
解得
方向向左，木板第二階段位移
方向向左，取向右為正方向，木板總位移
由于
解得
綜上所述，取向右為正方向，木板位移滿足的范圍
【知識點】動量守恒定律；動量與能量的綜合應用一板塊模型
【解析】【分析】（1）木板不動，對木板分析，根據平衡條件求解摩擦力的范圍；
（2）根據牛頓第二定律求解加速度，人和木板發生完全非彈性碰撞，根據動量守恒求解共同速度，結合速度—時間公式求解最短時間；
（3）分以及討論，結合動量守恒定律和運動學公式分析，根據二者的位移關系列式求解。
1 / 12025屆江蘇省無錫市梅村高級中學高三下學期二模模擬物理試卷
一、單選題（每小題4分，共44分）
1．（2025·無錫模擬）關于太陽上進行的核聚變，下列說法正確的是（　　）
A．核聚變需要在高溫下進行
B．核聚變中電荷不守恒
C．太陽質量不變
D．太陽核反應方程式：U＋n→Ba＋Kr＋3n
【答案】A
【知識點】核聚變
【解析】【解答】兩個輕核結合成質量較大的核、這樣的核反應叫作核聚變，在超高溫條件下才能發生，所以核聚變反應又叫熱核反應。A．高溫時劇烈的熱運動使得原子核具有足夠的動能，可以克服他們自身相互間巨大的庫侖斥力，碰撞時十分接近，從而發生核聚變，故A正確；
B．核聚變中電荷是守恒的，故B錯誤；
C．太陽在不停地發生核聚變，放出大量能量，根據質能方程可知太陽質量在不斷減小，故C錯誤；
D．太陽核反應應是核聚變反應，而不是核裂變反應，故D錯誤。
故選A。
【分析】聚變反應也叫熱核反應；核聚變中電荷是守恒的；根據質能方程ΔE=Δmc2可知太陽質量減小；太陽核反應屬于聚變反應。
2．（2025·無錫模擬）如圖所示，當波源和障礙物都靜止不動時，波源發出的波在障礙物處不能發生明顯衍射，下列措施可能使波發生較為明顯衍射的是（　　）
A．增大障礙物的長度 B．波源遠離障礙物運動
C．波源靠近障礙物運動 D．增大波源的振動頻率
【答案】B
【知識點】波的衍射現象
【解析】【解答】波的衍射是不需要條件的，但要發生明顯的衍射必須滿足一定的條件。波長相對小孔（或障礙物）尺寸越長，衍射現象越明顯。A．發生明顯衍射的條件是障礙物的尺寸與波長差不多或比波長短，由于波源發出的波在障礙物處不能發生明顯衍射，表明障礙物的尺寸比波長大得多，為了使波發生較為明顯的衍射，需要增大波長或減小障礙物的長度，可知增大障礙物的長度不能使波發生較為明顯的衍射，A錯誤；
B．波源遠離障礙物將產生多普勒效應，障礙物處接收到的頻率減小，根據
可知，波源遠離障礙物，等效于增大波長，根據上述，該措施能使波發生較為明顯的衍射，B正確；
C．波源靠近障礙物將產生多普勒效應，障礙物處接收到的頻率增大，根據
可知，波源靠近障礙物，等效于減小波長，根據上述，該措施不能使波發生較為明顯的衍射，C錯誤；
D．根據
可知，增大波源的振動頻率時，波長減小，根據上述，該措施不能使波發生較為明顯的衍射，D錯誤。
故選B。
【分析】發生明顯衍射的條件：縫、孔的寬度或障礙物的尺寸跟波長相差不多，或者比波長更小。
3．（2025·無錫模擬）角動量守恒定律、能量守恒定律和動量守恒定律是物理學的三大守恒定律。角動量定義為質點相對原點的位置矢量和動量的向量積，通常寫作，表達式為。在國際單位制中，角動量的單位可以表示為（　　）
A． B． C． D．
【答案】D
【知識點】力學單位制
【解析】【解答】物理公式不僅確定了各個物理量之間的關系，同時也確定了物理量的單位之間的關系，根據物理公式來分析物理量的單位即可。根據角動量的表達式
位置矢量單位為m，動量單位為，可知角動量單位為
故選D。
【分析】由于物理單位遵循基本乘除運算法則，結合位置矢量和動量的單位以及角動量的表達式可求角動量的單位。
4．（2025·無錫模擬）如圖所示，把一條細棉線的兩端系在鐵絲環上，棉線處于松弛狀態。將鐵絲環浸入肥皂液里，拿出來時環上留下一居肥皂液的薄膜，這時薄膜上的棉線仍是松弛的。用燒熱的針刺破a側的薄膜，觀察到棉線的形狀為（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知識點】液體的表面張力
【解析】【解答】本題考查了液體表面張力，要能從眾多的物理現象中識別出這種現象；知道這種現象的本質原因是液體分子間的引力作用。先把個棉線圈拴在鐵絲環上，再把環在肥皂液里浸一下，使環上布滿肥皂液薄膜。膜中分子間的距離比液體內部大一些，分子間的相互作用表現為引力，所以產生收縮效果；用燒熱的針刺破a側的薄膜，b中的水膜能使b的面積最小。
故選D。
【分析】液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內部稀疏，分子間的距離比液體內部大一些，分子間的相互作用表現為引力。
5．（2025·無錫模擬）如圖所示，把一塊鋅板連接在驗電器上，并使鋅板帶負電，驗電器指針張開。用紫外線燈照射鋅板，則（　　）
A．指針張角變小的過程中有電子離開鋅板
B．鋅板所帶的電荷量一直變大
C．改用紅光照射，指針張角也會變化
D．用其它金屬板替換鋅板，一定會發生光電效應
【答案】A
【知識點】光電效應
【解析】【解答】解決本題的關鍵是要掌握住光電效應的發生條件，入射光的頻率必須大于金屬的截止頻率。AB．用紫外線燈照射鋅板時，鋅板發生光電效應，逸出電子，驗電器所帶負電荷逐漸被中和，因此驗電器帶電量減小，故驗電器指針張角逐漸減小直至閉合，此時負電荷被完全中和，繼續用紫外線照射鋅板，驗電器開始帶上正電，隨著照射時間的增加，鋅板逸出的電子增加，鋅板所帶正電荷增加，帶電量增加，驗電器張角逐漸增大，故A正確，B錯誤；
CD．紫光的頻率大于紅光的頻率，根據光電效應產生的條件，入射光的頻率必須大于金屬的截止頻率才能發生光電效應，則可知頻率大的光照射金屬能夠發生光電效應時，頻率小的光不一定可以使該金屬發生光電效應，若不能發生光電效應，則驗電器指針的張角不會發生變化，故CD錯誤。
故選A。
【分析】當紫外線燈射鋅板時，產生了光電效應，有光電子從鋅板逸出，會使原本帶負電的鋅板失去部分電子，帶電量減少。
6．（2025·無錫模擬）在2023年9月21日的“天宮課堂”上，同學們與航天員進行互動交流，航天員給同學們解答了與太空垃圾相關的問題。所謂太空垃圾是指在宇宙空間中的各種人造廢棄物及其衍生物。假設在空間站觀察到如圖所示的太空垃圾P、Q、M、N（P、Q、M、N均無動力運行，軌道空間存在稀薄氣體），假設空間站和這些太空垃圾均繞地球近似做順時針方向的圓周運動，則最可能對空間站造成損害的是（　　）
A．P B．Q C．M D．N
【答案】A
【知識點】衛星問題
【解析】【解答】本題主要是考查萬有引力定律及其應用，解答本題的關鍵是能夠根據萬有引力提供向心力結合向心力公式進行分析，掌握變軌原理。太空垃圾無動力運行，由于軌道空間存在稀薄氣體，所以太空垃圾的軌道會逐漸減低，根據
可得
所以太空垃圾P、N的周期大于空間站，在軌道降低過程中，P最有可能對空間站造成損害，N會在空間站的后方。
故選A。
【分析】太空垃圾無動力運行，由于軌道空間存在稀薄氣體，所以太空垃圾的軌道會逐漸減低，根據運動情況進行分析。
7．（2025·無錫模擬）某城市新裝了一批節能路燈，該路燈通過光控開關實現自動控制：電燈的亮度可自動隨周圍環境的亮度改變而改變。其內部電路簡化原理圖如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r，為光敏電阻（光照強度增加時，其電阻值減小）。當隨著傍晚到來光照逐漸減弱時，則下列判斷正確的是（　　）
A．A燈變亮，B燈變亮
B．A燈變亮，B燈變暗
C．電源的效率變小
D．上電流的變化量等于上電流變化量
【答案】A
【知識點】閉合電路的歐姆定律；電路動態分析
【解析】【解答】在動態電路分析中，掌握電壓、電流隨電阻的變化規律是解題的關鍵。電路當中任何一個電阻增大時，電路的總電阻就會增大，總電流就減小。光照逐漸減弱時，光敏電阻阻值增大，電路總電阻增大，總電流減小，內電壓減小，外電壓增大。
AB．外電壓增大，A燈變亮；支路R0上的電流減小，R0上的電壓減小，又因為外電壓增大，所以B燈電壓增大，所以B燈變亮，故A正確，B錯誤；
C．因為外電阻變大，根據
可知，電源的效率變大，故C錯誤；
D．對于支路R0，有
其中、，所以
故D錯誤。
故選A。
【分析】當隨著傍晚到來光照逐漸減弱時，光敏電阻增大，分析電路總電阻的變化，判斷干路電流和路端電壓的變化，確定A燈亮度變化，分析通過R0的電流變化，確定R0的電壓變化，再分析B燈電壓的變化，即可判斷B燈亮度的變化；根據路端電壓的變化分析電源效率的變化；根據并聯電路電流關系分析RG上電流的變化量與R0上電流變化量的大小。
8．（2025·無錫模擬）有人根據條形磁鐵的磁場分布情況用塑料制作了一個模具，模具的側邊界剛好與該條形磁鐵的磁感線重合，如圖所示．另取一個柔軟的彈性導體線圈套在模具上方某位置，線圈貼著模具上下移動的過程中，下列說法正確的是（地磁場很弱，可以忽略）（　　）
A．線圈切割磁感線，線圈中產生感應電流
B．線圈緊密套在模具上移動過程中，線圈中沒有感應電流產生
C．由于線圈所在處的磁場是不均勻的，故而不能判斷線圈中是否有感應電流產生
D．若線圈平面放置不水平，則移動過程中會產生感應電流
【答案】B
【知識點】電磁感應的發現及產生感應電流的條件
【解析】【解答】判斷有無感應電流產生對照感應電流產生的條件，抓住兩點：一是電路要閉合；二是磁通量要變化。由題，模具的形狀與磁感線的形狀是相同的，則線圈貼著模具上下移動的過程中穿過線圈的磁感線的條數不會發生變化，即穿過線圈的磁通量不變，所以線圈緊密套在模具上移動過程中不出現感應電流。同樣若線圈平面放置不水平，則移動過程中由于穿過線圈的磁通量不變，也不會產生感應電流。
故選B。
【分析】明確感應電流的產生的，知道若穿過線圈的磁通量變化就會產生感應電流，據此判斷即可。
9．（2025·無錫模擬）如圖所示，邊長為2a的正方體玻璃磚，底面中心有一單色點光源O，從外面看玻璃磚的上表面剛好全部被照亮，不考慮光的反射。從外面看玻璃磚四個側面被照亮的總面積為（　　）
A． B． C． D．
【答案】D
【知識點】光的全反射
【解析】【解答】由幾何關系可知底面對角線長度為：
玻璃磚的上表面剛好全部被照亮，設臨界角為C，由幾何關系可得
點光源O在側面的出射情況為一個半圓，設其半徑為r，則有
聯立，解得
從外面看玻璃磚四個側面被照亮的總面積為
故答案為D。
【分析】利用幾何關系求出地面對角線長度，結合全反射的臨界角與幾何關系可求照亮面積的半徑，進一步得到面積。
10．（2025·無錫模擬）如圖所示，足夠大的光滑絕緣水平面上有三個帶電質點，A和C圍繞B做勻速圓周運動，B恰能保持靜止，其中A、C與B的距離分別是L1和L2，不計三質點間的萬有引力，則A和C的比荷（電荷量和質量之比）之比應是（　　）
A． B． C． D．
【答案】C
【知識點】庫侖定律
【解析】【解答】解決該題關鍵要能正確列出A、C做勻速圓周運動，合外力等于需要的向心力。根據B恰能保持靜止可得
A做勻速圓周運動，根據A受到的合力提供向心力
C做勻速圓周運動
聯立解得A和C的比荷（電量與質量之比）之比應是，故ABD錯誤，C正確。
故選C。
【分析】B恰能保持靜止，根據平衡條件列出等式。A、C做勻速圓周運動，根據受到的庫侖合力提供向心力列出等式求解。
11．（2025·無錫模擬）如圖所示，質量均為m的兩物體A、B用勁度系數為k的輕質彈簧拴接，物體C疊放在物體B上，系統處于靜止狀態。現將C瞬間取走，物體A恰好不離開地面。已知彈性勢能的表達式為，其中x為彈簧的形變量，重力加速度為g。以下說法正確的是（　　）
A．物體C的質量為3m
B．物體B運動到最高點時的加速度大小為3g
C．物體B的最大速度大小為
D．物體B上升的最大高度為
【答案】D
【知識點】胡克定律；牛頓第二定律；機械能守恒定律；簡諧運動
【解析】【解答】本題考查功能關系，要求學生能正確分析物體的運動過程和運動性質，熟練應用對應的規律解題。A．C物體疊加在B物體上面靜止時，根據平衡條件可得
拿走C物體后，B物體在彈簧上做簡諧運動，其在平衡位置時，彈簧壓縮長度有
其振幅
當B物體上升到最高點，此時彈簧拉伸長度最長，由于物體A恰好不離開地面，由平衡條件可得
所以由振幅相等
解得物體C的質量為
故A錯誤；
B．B物體在最高點受重力和彈簧彈力，由于物體A恰好不離開地面，故
所以由牛頓第二定律可得B物體在最高點的加速度為
故B錯誤；
D．物體B上升的最大高度為
故D正確；
C．當B物體經過平衡位置的時候其速度最大，B物體從最高點回落到平衡位置的過程中，B物體與彈簧組成的系統機械能守恒，則
解得物體B的最大速度大小為
故C錯誤。
故選D。
【分析】開始靜止時根據平衡條件列式，拿走C之后B做簡諧運動，根據平衡位置的定義列式，根據距離關系列出振幅與彈性形變量的關系式，B上升到最高點時對A列平衡式，聯立求解C的質量；根據牛頓第二定律求解物體B運動到最高點時的加速度大小；當B物體經過平衡位置的時候其速度最大，B物體從最高點回落到平衡位置的過程中，根據系統機械能守恒定律求解物體B的最大速度大小；根據B的振幅求解物體B上升的最大高度。
二、實驗題（每空3分，，共15分）
12．（2025·無錫模擬）某同學利用如圖甲所示電路測量電源的電動勢和內阻，同時測出未知電阻Rx的值。實驗室提供的器材如下：
A．待測電源；
B．待測電阻Rx；
C．電阻箱（0~999.9 Ω）；
D．電壓表V1（量程6 V，內阻約2 kΩ）；
E．電壓表V2（量程3 V，內阻約1 kΩ）；
F．開關、導線若干。
該同學實驗過程如下：
①按圖甲連接好電路；
②閉合開關S，調節電阻箱R的值，讓兩個電壓表V1和V2有合適的讀數U1與U2，并將R、U1和U2的值填在設計好的表格中（表格未畫出）；
③重復實驗步驟②多次，并將獲得的電阻箱R的阻值和電壓表V1和V2的讀數填入表格中。
（1）如果縱坐標表示某電壓表讀數U，橫坐標表示兩個電壓表讀數之差與電阻箱阻值的比值，實驗結果的圖像如圖乙所示，則待測電源電動勢為　 　 V，內阻為　 　 Ω。（結果均保留兩位有效數字）
（2）如果縱坐標表示兩個電壓表讀數之比，橫坐標表示電阻箱的阻值R，實驗結果的圖像如圖丙所示。則待測電阻Rx=　 　 Ω（保留兩位有效數字）。由于電壓表V2的分流，待測電阻的測量值比真實值　 　（選填“偏大”“偏小”或“不變”）。
（3）為消除電壓表V2分流給實驗帶來的誤差，實驗時可以引入輔助電源，如圖丁所示，為輔助電源，調節電路中的兩個滑動變阻器，使通過靈敏電流計G的電流為0，讀出此時電壓表讀數為1.78 V，電流表A讀數為0.22 A，則待測電阻的準確值為　 　 Ω（保留兩位有效數字）。
【答案】6.0；6.0；8.0；偏小；8.1
【知識點】伏安法測電阻；電池電動勢和內阻的測量
【解析】【解答】本題考查測量電源電動勢和內阻實驗，掌握基本實驗原理是解題關鍵，本題是在課本實驗基礎上的創新，注意體會實驗設計意圖，實驗誤差主要來源于電表對電路的影響。
（1）圖線反映的是電源的特性，由圖像可知電動勢為6.0 V；圖線斜率等于內阻，則內阻
（2）根據串聯電路的分壓原理可知
故
=1.0+
所以縱軸截距為1.0，根據圖像斜率
k= Ω-1= Ω-1
解得
Rx=8.0 Ω
由于電壓表V2的分流，使得測量的電流偏大，所以待測電阻Rx測量值比真實值偏小。
（3）實驗時可以引入輔助電源，利用當輔助回路和測量回路的電流相等時靈敏電流計G中無電流這一特點，在測量電路中沒有電流表的情況下，仍然測得其回路中的電流，從而消除由于電流表的內阻帶來的誤差，則
Rx= Ω=8.1 Ω
【分析】（1）求出圖像的函數解析式，根據圖示圖像分析求解。
（2）求出圖像的函數解析式，根據圖示圖像分析答題；根據圖示電路圖分析實驗誤差。
（3）根據圖示電路圖，應用歐姆定律分析答題。
三、解答題（共41分）
13．（2025·無錫模擬）如圖所示，質量為m，電阻為R，邊長為L的正方形單匝線框abcd放在光滑水平桌面上，MN右側空間存在豎直向下勻強磁場，磁感應強度大小為B，線框從左邊界以初速度v進入磁場。求：
（1）線框剛進入磁場時，ab兩端的電壓Uab；
（2）線框完全進入磁場后的速度大小v/。
【答案】解：（1）當ab邊剛進入磁場時，ab邊相當于電源，根據法拉第電磁感應定律，可得閉合電路的感應電動勢
根據閉合電路歐姆定律，有
根據歐姆定律，有
（2）由動量定理有
又
解得
【知識點】動量定理；電磁感應中的磁變類問題
【解析】【分析】（1）ab邊剛進入磁場時，ab邊切割磁感線，相當于電源，根據E=BLv，求出感應電動勢，根據閉合電路歐姆定律求出感應電流，再由歐姆定律求ab兩端的電壓；
（2）根據安培力公式、對線框進入磁場的過程由動量定理求完全進入磁場的速度。
14．（2025·無錫模擬）如圖所示為某同學設計的一種粗測物體質量的裝置。導熱性能良好的汽缸開口向上放在水平面上，活塞在缸內封閉有一段理想氣體，活塞與汽缸內壁之間無摩擦且不漏氣，活塞、固定支桿和平臺的總質量為M，活塞截面積為S。初始時測得活塞到缸底的距離為d，在平臺上放一個待測物塊，穩定時，活塞下降了，重力加速度為g，環境溫度為且保持不變，大氣壓強為，求：
（1）待測物塊的質量為多少；
（2）若初始時環境溫度緩慢上升為T（環境壓強不變），活塞穩定后放上該物塊，活塞再次穩定時下降的高度為多少。
【答案】解：（1）初始時設汽缸內氣體壓強為對活塞、固定支桿和平臺整體受力分析得
放一個待測物塊m后汽缸內氣體壓強為，對活塞、固定支桿和平臺整體受力分析得
由玻意耳定律得
聯立解得
（2）若初始時環境溫度緩慢上升為T，設活塞穩定后活塞到缸底的距離為，根據蓋呂薩克定律得
放上物塊，活塞再次穩定時活塞到缸底的距離為，此時壓強為，根據理想氣體狀態方程得
活塞再次穩定時下降的高度為
聯立解得
【知識點】理想氣體與理想氣體的狀態方程；氣體的等溫變化及玻意耳定律；氣體的等壓變化及蓋-呂薩克定律
【解析】【分析】（1）由平衡條件、玻意耳定律分別列式，即可分析求解；
（2）由蓋-呂薩克定律、理想氣體狀態方程、高度的關系分別列式，即可分析求解。
15．（2025·無錫模擬）如圖所示，OA與y軸的夾角，在此角范圍內有沿y軸負方向的勻強電場，一質量為m、電荷量為q的粒子以速度從左側平行于x軸射入電場，入射點為P，經電場后沿垂直于OA的方向由Q點進入一矩形磁場區域（未畫出，方向垂直紙面向外），并沿x軸負方向經過O點。已知O點到Q點的距離為6L，不計粒子的重力，求：
（1）勻強電場的電場強度大小；
（2）勻強磁場的磁感應強度大小；
【答案】解：（1）帶電粒子在勻強電場中做類平拋運動，設運動時間是t，由牛頓第二定律得：
水平方向
粒子到達Q點時，設豎直分速度為，則
由速度的合成與分解得
解得
（2）粒子在磁場中做勻速圓周運動，運動軌跡如圖所示
設粒子做勻速圓周運動的圓心為，軌道半徑為r，由幾何知識得
解得
粒子進入磁場時的速度
粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：
解得磁感應強度大小
【知識點】帶電粒子在電場中的偏轉；帶電粒子在有界磁場中的運動
【解析】【分析】（1）帶電粒子在勻強電場中做類平拋運動，應用類平拋運動規律求出電場強度大小；
（2）根據題意作出粒子運動軌跡，求出粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的軌道半徑，應用牛頓第二定律求出磁感應強度大小。
16．（2025·無錫模擬）如圖所示，一質量為M、長為L，左端帶有薄擋板P的木板，靜止在水平的地面上，木板與地面間的動摩擦系數為μ，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，質量為m的人從木板的右端，由靜止開始相對地面向左做勻加速直線運動，到達木板左端時驟然抓住擋板P，此后始終與木板保持相對靜止，設人加速運動階段，與木板之間水平作用力大小為f。
（1）若人加速運動時，木板和地面不發生相對滑動，求f的范圍；
（2）在（1）的前提下，若要求從人開始運動到最終人和木板一起停下的時間最短，求此最短時間及對應的f的值；
（3）改變f的大小，求木板從開始運動到最終停下的位移范圍。
【答案】解：（1）設地面作用于木板的摩擦力為f，木板不動，對木板分析有
解得
（2）以表示人的加速度，由牛頓第二定律有
解得
第一階段，人加速運動過程有
解得
，
人和木板發生完全非彈性碰撞，根據動量守恒有
解得
之后對人和木板有
勻減速直線運動過程，根據逆向思維有
解得
解得總時間為
根據基本不等式有
當時取等號，即時，有最短時間
（3）當時，即人加速運動時，木板和地面不發生相對滑動
解得木板位移
方向向左，代入
解得
向左為正，當時，即人加速運動時，木板和地面會相對滑動，對物塊、木板列牛頓第二定律有
物塊、木板位移關系
解得
木板第一階段位移
方向向右，根據
解得
方向向左，木板第二階段位移
方向向左，取向右為正方向，木板總位移
由于
解得
綜上所述，取向右為正方向，木板位移滿足的范圍
【知識點】動量守恒定律；動量與能量的綜合應用一板塊模型
【解析】【分析】（1）木板不動，對木板分析，根據平衡條件求解摩擦力的范圍；
（2）根據牛頓第二定律求解加速度，人和木板發生完全非彈性碰撞，根據動量守恒求解共同速度，結合速度—時間公式求解最短時間；
（3）分以及討論，結合動量守恒定律和運動學公式分析，根據二者的位移關系列式求解。
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