資源簡介

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高考物理一輪復習 電學實驗
一．選擇題（共8小題）
1．（2025春 江陰市期中）在“探究影響感應電流方向的因素”實驗中，如圖所示是某次實驗中指針偏轉角度最大的瞬間，只做以下改變，一定會增大圖中電流表指針偏轉角度的是（　　）
A．磁鐵靜止，向上移動線圈
B．增大圖中位置磁鐵運動速度
C．將導線從接線柱G0（內阻約100Ω）移接至接線柱G1（內阻約2400Ω）
D．將一個未與電路相接的閉合線圈套在圖中線圈外
2．（2025 江蘇開學）利用圖示電路探究感應電流方向的規律，線圈A通過變阻器和開關K連接到電源上，線圈B的兩端連接到靈敏電流計上，把線圈A裝在線圈B的里面，閉合開關瞬間，發現電流計的指針向右偏。保持開關閉合，下列操作仍能使電流計的指針向右偏的是（　　）
A．將滑動變阻器滑片向右滑動
B．將滑動變阻器滑片向左滑動
C．將線圈A從線圈B中緩慢抽出
D．將線圈A從線圈B中迅速抽出
3．（2025 如皋市模擬）小明用如圖所示的可拆變壓器做“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數的關系”實驗，變壓器兩個線圈的導線粗細不同，他將原線圈接在學生電源上，分別測量原、副線圈的電壓，下列說法中正確的是（　　）
A．匝數較少線圈是用較細的銅導線繞制的
B．原線圈的匝數必須比副線圈的匝數多
C．線圈的電壓可用多用電表直流電壓擋測量
D．實驗發現原、副線圈的電壓比略大于匝數比
4．（2025 河南模擬）如圖為某雙量程電流表的內部結構示意圖，已知靈敏電流計的滿偏電流為100mA。使用該電表的0～3A擋測電流時，電阻R2因故障而短路，此時電流表示數為1.5A，則實際流過電流表的電流為（　　）
A．1.0A B．1.1A C．1.2A D．1.3A
5．（2025春 北侖區校級期中）電容器是一種重要的電學元件，在電工、電子技術中應用廣泛。使用圖甲所示電路觀察電容器的充、放電過程。電路中的電流傳感器（相當于電流表）與計算機相連，可以顯示電路中電流隨時間的變化。圖甲中直流電源電動勢E＝8V，實驗前電容器不帶電。先使S與“1”端相連給電容器充電，充電結束后，使S與“2”端相連，直至放電完畢。計算機記錄的電流隨時間變化的i﹣t曲線如圖乙所示，下列說法正確的是（　　）
A．i﹣t圖像陰影表示電容器的能量
B．陰影部分的面積S1和S2肯定不相等
C．阻值R1大于R2
D．計算機測得S1＝1203mA s，則該電容器的電容約為0.15F
6．（2024秋 西城區期末）如圖所示電路中，電源電動勢為6V。電路元件均正常，開關S處于斷開狀態，用多用電表的10V直流電壓擋的紅表筆始終連接在A點，用黑表筆依次接觸電路中的B、C、D、E各點，依次對應的示數正確的是（　　）
A．0V、0V、0V、0V B．6V、6V、6V、0V
C．0V、0V、0V、6V D．6V、6V、6V、6V
7．（2025 海淀區一模）某同學用如圖所示的可拆變壓器完成“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數的關系”實驗，可拆變壓器上各接線柱對應的數字表示倍率為“×100”的匝數。將原線圈的“0”和“1”接線柱與學生電源連接，將副線圈的“0”和“8”接線柱與電壓表連接，測得副線圈的輸出電壓為15V。下列說法正確的是（　　）
A．原線圈接的是學生電源的直流電壓擋
B．原線圈的輸入電壓可能是2V
C．原、副線圈之間靠鐵芯導電來傳輸能量
D．若將電源改接原線圈的“0”和“4”接線柱，則副線圈的輸出電壓將大于15V
8．（2025 廣安二模）圖甲所示為某電容器的充、放電過程示意圖。電路中的電流傳感器可以捕捉瞬時的電流變化，它與計算機相連，可顯示電流隨時間的變化規律。電源電動勢E＝7.5V、內阻不計，充電前電容器帶電量為零，先使S與“1”端相連，電源向電容器充電，充電結束后，使S與“2”端相連，直至放電完畢。計算機記錄的電流隨時間變化的I﹣t曲線如圖乙所示，下列正確的是（　　）
A．在電容器充電與放電過程中，通過電阻R0的電流方向相同
B．圖乙中陰影部分的面積S1＜S2
C．若S1＝1000mA s，則該電容器的電容值約為0.133F
D．由甲、乙兩圖可判斷阻值R1＞R2
二．多選題（共4小題）
（多選）9．（2025 成都模擬）在探究變壓器線圈兩端電壓與匝數關系的實驗中，可拆變壓器如圖（a）所示，原線圈有四個接線柱，副線圈有三個接線柱，其簡化圖如圖（b）所示。某同學將正弦交流電源接在原線圈“0”和“1400”兩個接線柱上，用交流電壓表先測量原線圈各接線柱間的電壓，再測量副線圈各接線柱間的電壓，將測得的電壓U與對應匝數n中的部分數據描繪在U﹣n圖上。分析發現數據點大致分布在過原點的直線Ⅰ與直線Ⅱ上，如圖（c）所示。下列說法正確的是（　　）
A．直線Ⅰ對應為原線圈測得的電壓與匝數關系
B．直線Ⅰ斜率比直線Ⅱ斜率大的原因可能是鐵芯漏磁
C．電源輸出電壓的最大值約為14V
D．僅增大電源輸出電壓，直線Ⅰ與直線Ⅱ的斜率均減小
（多選）10．（2025春 杭州期中）下列說法正確的是（　　）
A．圖甲“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數的關系”實驗中，如果可拆變壓器的“橫梁”鐵芯沒裝上，原線圈接入10V的交流電時，副線圈輸出電壓不為零
B．圖乙“用單擺測重力加速度”的實驗中，為了使擺的周期大一些，以方便測量，開始時拉開擺球，使擺線相距平衡位置有較大的角度
C．圖丙“用油膜法估測油酸分子的大小”實驗中，先滴入油酸酒精溶液，再撒入爽身粉
D．圖丁“用雙縫干涉實驗測量光的波長”實驗中，觀察到的干涉條紋雖然傾斜，但不影響波長測量的結果
（多選）11．（2025春 北侖區校級期中）如圖甲所示，定值電阻R0＝1.0，閉合開關S，改變電阻箱R阻值，得到多組R、I值，并作出了如圖乙所示的圖線（電流表內阻近似為0），則（　　）
A．電源電動勢為5.0V
B．電源內阻為1.5Ω
C．利用該裝置測得的電動勢大于其真實值
D．利用該裝置測得的內阻大于其真實值
（多選）12．（2025 萊州市校級開學）如圖所示，圖1、圖2是伏安法測電源電動勢和內阻的兩種常用方法，由于電流表和電壓表都不是理想電表，所以測量結果有系統誤差。下列分析正確的是（　　）
A．采用圖1的方法，引起系統誤差的原因是電壓表的分流作用；采用圖2的方法，引起系統誤差的原因是電流表的分壓作用
B．圖3是用“圖1”電路處理的結果，其中圖線②表示測量圖線，圖線①表示真實圖線
C．圖4是用圖2電路處理的結果，其中圖線③表示測量圖線，圖線④表示真實圖線
D．圖3和圖4結合處理實驗數據，可以消除因電表不理想而引起的系統誤差
三．填空題（共4小題）
13．（2025 焦作模擬）某實驗小組利用DIS等實驗器材測量同一電池組的電動勢和內阻，實驗裝置如圖甲所示，多次改變電阻箱的阻值，記錄外電路總電阻阻值R，用電壓傳感器測得路端電壓U，并在計算機上顯示出如圖乙所示的關系圖線。圖線在橫軸的交點為a，在縱軸的交點為b，由圖線可知，E＝ 　 　 ，r＝ 　 　 （均用a、b表示）。
14．（2025 思明區校級三模）（1）利用螺旋測微器和游標卡尺分別測量金屬棒的直徑和長度，測量結果分別如圖（a）和（b）所示，則該金屬棒的直徑d＝ 　 　 mm，金屬棒的長度為L＝ 　 　 cm。
（2）用多用電表粗測金屬棒的阻值：將多用電表的功能旋鈕調至“×100Ω”擋并進行一系列正確操作后，指針靜止時如圖（c）所示，則金屬棒的阻值約為 　 　 Ω。
15．（2024秋 河北區期末）常用測量工具的使用
①圖甲為10分度游標卡尺，示數為 　 　 cm。
②圖乙為螺旋測微器，示數為 　 　 mm。
③用多用電表粗測金屬棒的阻值：當用“×10Ω”擋時發現指針偏轉角度過大，他應該換用 　 　 檔（填“×1Ω”或“×100Ω”），換擋并進行一系列正確操作后，指針靜止時如圖丙所示，則金屬棒的阻值約為 　 　 Ω。
16．（2023秋 黃山期末）如圖甲所示，為一個雙量程電流表內部電路圖，其中小量程為0～0.6A，大量程為0～3A。若現在選擇的是小量程0～0.6A，則選擇的接線柱是“公共”和 　 　 （選填“a”或“b”），如圖乙為該量程下測量某電路時指針所指的位置，則電流值為 　 　 A。已知表頭G的滿偏電流Ig＝100mA，定值電阻R1未知，R2＝16Ω，則表頭G的內阻Rg的值為 　 　 Ω。
四．實驗題（共4小題）
17．（2025 平度市模擬）為測定兩節干電池的電動勢和內阻，實驗室準備了下列器材：
A.待測的干電池，每節電池的電動勢約為1.5V，內阻均小于0.1Ω
B.電流表A1，量程0～3mA，內阻Rg1＝10Ω
C.電流表A2，量程0～0.6A，內阻Rg2＝0.1Ω
D.滑動變阻器R1（0～20Ω，10A）
E.定值電阻R0＝990Ω
F.開關和導線若干
（1）某同學發現上述器材中沒有電壓表，但給出了兩個電流表，于是它設計了如圖（a），（b）所示兩個參考電路圖，其中合理的是圖 　 　 。
（2）該同學從圖中選出合理的實驗電路后進行實驗，利用測出的數據繪制出I1﹣I2圖線（I1為電流表A1的示數，I2為電流表A2的示數），如圖（c）所示，已知圖像的斜率大小為k，縱截距為b，如果忽略R0所在支路的電流，則一節干電池的電動勢E＝ 　 　 ，一節干電池的內阻r＝ 　 　 （用題中所給的各物理量符號表示）。
（3）若考慮R0所在支路的電流，則可利用I1﹣I2圖像（c）中斜率大小k，縱截距b計算得到內阻的真實值r0以及電動勢的真實值E0，相較第（2）小問中內阻的測量值r， 　 　 （用k，b表示）。
18．（2025 武漢模擬）某同學用如圖（a）所示的電路觀察電容器的充放電現象，實驗器材有電源E，電容器C，電壓表V（可視為理想電壓表），定值電阻R，電流傳感器（不考慮內阻），計算機，單刀雙擲開關S，導線若干。
（1）將S接1，電壓表示數逐漸增大，最后穩定在8V。在此過程中，電流傳感器的示數 　 　 ；
A.一直穩定在某一數值
B.由某一數值逐漸減小為零
C.先逐漸增大，后逐漸減小為零
D.先逐漸增大，后逐漸減小至某一非零數值
（2）電容器充電完成后，電容器 　 　 極板帶正電（選填“上”或“下”），再將S接2，通過傳感器將電流信息傳入計算機，畫出電流隨時間變化的I﹣t圖像，如圖（b），t＝1.2s時，I＝1.0mA，圖中兩陰影部分的面積之比為S1：S2＝3：2，則t＝1.2s時，電容器兩極板間電壓UC＝ 　 　 V，電阻R＝ 　 　 kΩ；（結果均保留2位有效數字）
（3）圖（b）中t＝1.2s時刻，圖線切線的斜率大小k＝0.781mA/s，由此可計算電容器的電容C＝ 　 　 F。（結果保留2位有效數字）
19．（2025春 羅湖區校級期中）有一根條形磁鐵脫了漆，分不清哪頭是N極，哪頭是S極。為了弄清楚這個條形磁鐵的極性，小明和小華在該條形磁鐵的兩頭標記上P、Q，如圖甲所示，并分別做了如下實驗：
（1）小明按圖乙連好線圈和檢流表，將條形磁鐵的P端向下插入線圈，發現檢流表指針向左邊偏轉（已知檢流表零刻線在正中間，電流從正接線柱流入時其指針往右偏）。
（2）小華將一個鋁圈用細線靜止懸掛，如圖丙所示，并將條形磁鐵的Q端從左往右靠近鋁圈，發現鋁圈向右邊擺起。
（3）分析上述操作，可知誰的實驗可以判斷條形磁鐵的極性 　 　 。
A.小明
B.小華
C.都可以
（4）通過實驗結果，我們可知 　 　 （選填“P”或“Q”）端為條形磁鐵的N極。
（5）丙圖小華操作過程中，從左往右看鋁圈中感應電流的方向為 　 　 （選填“順時針”或“逆時針”）。
20．（2025春 萬州區校級期中）“探究影響感應電流方向的因素”的實驗器材及部分連線如圖所示。
（1）用筆畫線代替導線，將實驗電路補充完整。
（2）閉合開關前，滑動變阻器滑片應移至最 　 　 端（選填“左”或“右”）。
（3）部分實驗操作與觀察到的指針偏轉情況如表格中所示。除表格中的操作外，下列能觀察到電流表指針左偏的操作有 　 　 （單選）。
將A插入 電流表指針左偏
將A抽出 電流表指針右偏
A.斷開開關
B.將滑動變阻器的滑片向左運動
C.將滑動變阻器的滑片向右運動
D.抽出A中的鐵芯
高考物理一輪復習 電學實驗
參考答案與試題解析
一．選擇題（共8小題）
1．（2025春 江陰市期中）在“探究影響感應電流方向的因素”實驗中，如圖所示是某次實驗中指針偏轉角度最大的瞬間，只做以下改變，一定會增大圖中電流表指針偏轉角度的是（　　）
A．磁鐵靜止，向上移動線圈
B．增大圖中位置磁鐵運動速度
C．將導線從接線柱G0（內阻約100Ω）移接至接線柱G1（內阻約2400Ω）
D．將一個未與電路相接的閉合線圈套在圖中線圈外
【考點】研究電磁感應現象．
【專題】實驗題；定量思想；推理法；電磁感應與電路結合；推理論證能力．
【答案】B
【分析】根據磁通量的變化率與感應電動勢的關系，結合法拉第電磁感應定律以及電流表指針的偏轉情況分析求解。
【解答】解：A、磁鐵靜止，向上移動線圈，雖然改變了線圈與磁鐵的相對位置，但不一定能增大磁通量的變化率，也就不一定會增大感應電流，故A錯誤。
B、增大圖中位置磁鐵運動速度，會使磁通量的變化率增大，根據法拉第電磁感應定律，感應電動勢增大，在電路電阻不變的情況下，感應電流增大，一定會增大電流表指針偏轉角度，故B正確。
C、將導線從接線柱G0（內阻約100Ω）移接至接線柱G1（內阻約2400Ω），只是改變了電路的內阻，并沒有改變磁通量的變化率，感應電動勢不變，根據歐姆定律，電阻增大，感應電流減小，電流表指針偏轉角度減小，故C錯誤。
D、將一個未與電路相接的閉合線圈套在圖中線圈外，對原電路的磁通量變化率沒有影響，感應電流不變，電流表指針偏轉角度不變，故D錯誤。
故選：B。
【點評】本題考查了影響感應電流方向的因素實驗，理解實驗目的、步驟、數據處理以及誤差分析是解決此類問題的關鍵。
2．（2025 江蘇開學）利用圖示電路探究感應電流方向的規律，線圈A通過變阻器和開關K連接到電源上，線圈B的兩端連接到靈敏電流計上，把線圈A裝在線圈B的里面，閉合開關瞬間，發現電流計的指針向右偏。保持開關閉合，下列操作仍能使電流計的指針向右偏的是（　　）
A．將滑動變阻器滑片向右滑動
B．將滑動變阻器滑片向左滑動
C．將線圈A從線圈B中緩慢抽出
D．將線圈A從線圈B中迅速抽出
【考點】研究電磁感應現象．
【專題】實驗題；實驗探究題；定量思想；推理法；電磁感應與電路結合；實驗探究能力．
【答案】A
【分析】根據題意確定磁通量變化情況與電流計指針偏轉方向間的關系，然后分析答題。
【解答】解：A、將滑動變阻器滑片向右滑動，滑動變阻器接入電路的阻值減小，流過線圈A的電流增大，穿過線圈B的磁通量增大，電流計指針向右偏轉，故A正確；
B、將滑動變阻器滑片向左移滑動，滑動變阻器接入電路的阻值增大，流過線圈A的電流減小，穿過線圈B的磁通量減小，電流計指針向左偏轉，故B錯誤；
C、將線圈A從線圈B中緩慢抽出，穿過線圈B的磁通量減小，電流計指針向左偏轉，故C錯誤；
D、將線圈A從線圈B中迅速抽出，穿過線圈B的磁通量減少，電流計指針向左偏轉，故D錯誤。
故選：A。
【點評】本題考查了探究感應電流方向的規律實驗，根據題意判斷感應電流方向與磁通量變化情況的關系是解題的前提。
3．（2025 如皋市模擬）小明用如圖所示的可拆變壓器做“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數的關系”實驗，變壓器兩個線圈的導線粗細不同，他將原線圈接在學生電源上，分別測量原、副線圈的電壓，下列說法中正確的是（　　）
A．匝數較少線圈是用較細的銅導線繞制的
B．原線圈的匝數必須比副線圈的匝數多
C．線圈的電壓可用多用電表直流電壓擋測量
D．實驗發現原、副線圈的電壓比略大于匝數比
【考點】探究變壓器原、副線圈電壓與匝數的關系．
【專題】定性思想；推理法；交流電專題；實驗探究能力．
【答案】D
【分析】根據變壓器的工作原理和原副線圈兩端的電學物理量的關系，結合電阻定律分析出導線的金屬；考慮到實際變壓器有功率損失，從而分析出電壓比和匝數比的關系。
【解答】解：A、根據變壓器變壓以及變流規律可知匝數較少的線圈電壓較小，電流較大，為了減小功率損失，根據電阻定律可知應選用較粗的銅導線繞制，故A錯誤；
B、原、副線圈的匝數大小關系沒有要求，故B錯誤；
C、變壓器的工作原理為互感作用，所以在原副線圈中的電壓均為交流電壓，測量原副線圈的電壓必須用交流電壓表，故C錯誤；
D、由于所用變壓器并非理想變壓器，存在功率損失，所以實驗發現原副線圈的電壓比大于匝數比，故D正確；
故選：D。
【點評】本題主要考查了變壓器的相關應用，理解變壓器的工作原理，結合變壓器兩端的電學物理量與匝數比的關系即可完成分析。
4．（2025 河南模擬）如圖為某雙量程電流表的內部結構示意圖，已知靈敏電流計的滿偏電流為100mA。使用該電表的0～3A擋測電流時，電阻R2因故障而短路，此時電流表示數為1.5A，則實際流過電流表的電流為（　　）
A．1.0A B．1.1A C．1.2A D．1.3A
【考點】電表的改裝和應用（實驗）．
【專題】應用題；定量思想；推理法；恒定電流專題；實驗探究能力．
【答案】D
【分析】根據圖示電路圖應用并聯電路特點與歐姆定律求解。
【解答】解：根據圖示電路圖，由歐姆定律得：
IgRg＝（0.6A﹣Ig）（R1+R2），Ig（Rg+R2）＝（3A﹣Ig）R1，
解得：R1，R2
使用0～3A量程測電流，電流表示數為1.5A，則表頭半偏，即流過表頭的電流I0＝0.05A，
流過分流電阻R1的電流I1A＝1.25A，
流過電流表的電流I＝I0+I1＝0.05A+1.25A＝1.3A，故ABC錯誤，D正確。
故選：D。
【點評】知道電流表的改裝原理，分析清楚圖示電路結構，應用并聯電路特點與歐姆定律即可解題。
5．（2025春 北侖區校級期中）電容器是一種重要的電學元件，在電工、電子技術中應用廣泛。使用圖甲所示電路觀察電容器的充、放電過程。電路中的電流傳感器（相當于電流表）與計算機相連，可以顯示電路中電流隨時間的變化。圖甲中直流電源電動勢E＝8V，實驗前電容器不帶電。先使S與“1”端相連給電容器充電，充電結束后，使S與“2”端相連，直至放電完畢。計算機記錄的電流隨時間變化的i﹣t曲線如圖乙所示，下列說法正確的是（　　）
A．i﹣t圖像陰影表示電容器的能量
B．陰影部分的面積S1和S2肯定不相等
C．阻值R1大于R2
D．計算機測得S1＝1203mA s，則該電容器的電容約為0.15F
【考點】觀察電容器及其充、放電現象．
【專題】定量思想；實驗分析法；電容器專題；推理論證能力．
【答案】D
【分析】根據電流定義式推導分析判斷；根據i﹣t圖像與對應時間軸所圍成的面積表示的物理意義判斷；根據電容器充電瞬間電流比電容器放電瞬間電流計算判斷；根據電容定義式計算。
【解答】解：A．根據q＝it
可知i﹣t圖像與對應時間軸所圍成的面積表示的物理意義是電容器所帶電荷量，故A錯誤；
B．S1表示電容器充電后所帶電荷量，S2表示電容器放電的電荷量，所以S1＝S2
故B錯誤；
C．由題圖乙可知電容器充電瞬間電流比電容器放電瞬間電流大，且電容器充電瞬間電源電壓和放電瞬間電容器兩端電壓相等，則有
所以R1＜R2
故C錯誤；
D．由電容定義式可知該電容器的電容為：
D正確。
故選：D。
【點評】本題關鍵掌握i﹣t圖像與對應時間軸所圍成的面積表示的物理意義。
6．（2024秋 西城區期末）如圖所示電路中，電源電動勢為6V。電路元件均正常，開關S處于斷開狀態，用多用電表的10V直流電壓擋的紅表筆始終連接在A點，用黑表筆依次接觸電路中的B、C、D、E各點，依次對應的示數正確的是（　　）
A．0V、0V、0V、0V B．6V、6V、6V、0V
C．0V、0V、0V、6V D．6V、6V、6V、6V
【考點】練習使用多用電表（實驗）．
【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理論證能力．
【答案】B
【分析】根據電源電動勢大小，結合原電路的開路狀態，分析電壓表接在不同位置時對應的示數情況。
【解答】解：電源電動勢E＝6V，由于原電路開關斷開狀態，則電路中不能形成通路，依題意分析可知，AB、AC和AD之間的電勢差均等于電源電動勢6V，AE之間電源斷開，電壓表示數為0，故B正確，ACD錯誤。
故選：B。
【點評】考查電壓表的使用以及電路中的電勢差分析，會根據題意進行準確分析解答。
7．（2025 海淀區一模）某同學用如圖所示的可拆變壓器完成“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數的關系”實驗，可拆變壓器上各接線柱對應的數字表示倍率為“×100”的匝數。將原線圈的“0”和“1”接線柱與學生電源連接，將副線圈的“0”和“8”接線柱與電壓表連接，測得副線圈的輸出電壓為15V。下列說法正確的是（　　）
A．原線圈接的是學生電源的直流電壓擋
B．原線圈的輸入電壓可能是2V
C．原、副線圈之間靠鐵芯導電來傳輸能量
D．若將電源改接原線圈的“0”和“4”接線柱，則副線圈的輸出電壓將大于15V
【考點】探究變壓器原、副線圈電壓與匝數的關系．
【專題】定量思想；推理法；交流電專題；推理論證能力．
【答案】B
【分析】根據變壓器的工作原理作答；變壓器副線圈兩端的電壓決定于原線圈兩端電壓和匝數比，結合能量損耗分析。
【解答】解：A．變壓器工作需要用交流電，故A錯誤；
B．根據，解得U1V，由于各種損耗可知，原線圈的輸入電壓可能是2V，故B正確；
C．變壓器工作時通過鐵芯導磁，利用互感的原理把電能由原線圈輸送到副線圈，故C錯誤；
D．若將電源改接原線圈的“0”和“4”接線柱，則副線圈的輸出電壓一定小于15V，故D錯誤。
故選：B。
【點評】本題關鍵掌握“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數的關系”實驗原理和實驗誤差的理解。
8．（2025 廣安二模）圖甲所示為某電容器的充、放電過程示意圖。電路中的電流傳感器可以捕捉瞬時的電流變化，它與計算機相連，可顯示電流隨時間的變化規律。電源電動勢E＝7.5V、內阻不計，充電前電容器帶電量為零，先使S與“1”端相連，電源向電容器充電，充電結束后，使S與“2”端相連，直至放電完畢。計算機記錄的電流隨時間變化的I﹣t曲線如圖乙所示，下列正確的是（　　）
A．在電容器充電與放電過程中，通過電阻R0的電流方向相同
B．圖乙中陰影部分的面積S1＜S2
C．若S1＝1000mA s，則該電容器的電容值約為0.133F
D．由甲、乙兩圖可判斷阻值R1＞R2
【考點】觀察電容器及其充、放電現象．
【專題】定量思想；推理法；電容器專題；推理論證能力．
【答案】C
【分析】分析充放電過程電流的方向判斷；根據曲線圖像與對應時間軸所圍成的面積的物理意義判斷；根據電容定義式計算；由圖中數據分析最大電流判斷。
【解答】解：A．由圖甲可知，電容器充電時，通過電阻R0的電流方向向左，放電時通過R0的電流方向向右，所以在電容器充電與放電過程中，通過電阻R0的電流方向相反，故A錯誤；
B．曲線圖像與對應時間軸所圍成的面積表示電荷量，充電和放電電荷量相等，所以乙圖中陰影部分的面積相等，即S1＝S2
故B錯誤；
C．由題意可知電源內阻不計，所以電容器兩端電壓等于電源電動勢，根據電容定義式可知電容器的電容為：
故C正確；
D．由圖乙數據可知，電容器充電時的最大電流大于電容器放電時的最大電流，則R1＜R2
故D錯誤。
故選：C。
【點評】本題關鍵掌握曲線圖像與對應時間軸所圍成的面積的物理意義和電容定義式。
二．多選題（共4小題）
（多選）9．（2025 成都模擬）在探究變壓器線圈兩端電壓與匝數關系的實驗中，可拆變壓器如圖（a）所示，原線圈有四個接線柱，副線圈有三個接線柱，其簡化圖如圖（b）所示。某同學將正弦交流電源接在原線圈“0”和“1400”兩個接線柱上，用交流電壓表先測量原線圈各接線柱間的電壓，再測量副線圈各接線柱間的電壓，將測得的電壓U與對應匝數n中的部分數據描繪在U﹣n圖上。分析發現數據點大致分布在過原點的直線Ⅰ與直線Ⅱ上，如圖（c）所示。下列說法正確的是（　　）
A．直線Ⅰ對應為原線圈測得的電壓與匝數關系
B．直線Ⅰ斜率比直線Ⅱ斜率大的原因可能是鐵芯漏磁
C．電源輸出電壓的最大值約為14V
D．僅增大電源輸出電壓，直線Ⅰ與直線Ⅱ的斜率均減小
【考點】探究變壓器原、副線圈電壓與匝數的關系．
【專題】定量思想；推理法；交流電專題；推理論證能力．
【答案】AB
【分析】根據圖（c）中的U﹣n關系圖，直線Ⅰ的斜率比直線Ⅱ的斜率大，結合有效值和最大值的關系，以及僅增大電源輸出電壓，不會改變線圈的匝數比分析求解。
【解答】解：A、根據圖（c）中的U﹣n關系圖，由于原線圈的匝數較多，且電源接在“0”和“1400”兩個接線柱上，因此直線Ⅰ對應的應該是原線圈的電壓與匝數關系，而直線Ⅱ對應的才是副線圈的電壓與匝數關系，故A錯誤；
B、直線Ⅰ的斜率比直線Ⅱ的斜率大，這意味著在相同的匝數下，副線圈的電壓更低。這可能是由于鐵芯漏磁導致的能量損失，使得副線圈的實際電壓低于理論值，故B正確；
C、計算電源輸出電壓的最大值 從圖（c）中可以看出，當n＝800時，對應的電壓約為8V，故n＝1400時，電壓為14V，由于這是有效值，最大值為倍的有效值，即14V，故C錯誤；
D、僅增大電源輸出電壓，不會改變線圈的匝數比，因此直線Ⅰ和直線Ⅱ的斜率均不會減小，故D錯誤；
故選：AB。
【點評】本題考查了探究變壓器線圈兩端電壓與匝數關系的實驗，理解實驗目的、步驟、數據處理以及誤差分析是解決此類問題的關鍵。
（多選）10．（2025春 杭州期中）下列說法正確的是（　　）
A．圖甲“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數的關系”實驗中，如果可拆變壓器的“橫梁”鐵芯沒裝上，原線圈接入10V的交流電時，副線圈輸出電壓不為零
B．圖乙“用單擺測重力加速度”的實驗中，為了使擺的周期大一些，以方便測量，開始時拉開擺球，使擺線相距平衡位置有較大的角度
C．圖丙“用油膜法估測油酸分子的大小”實驗中，先滴入油酸酒精溶液，再撒入爽身粉
D．圖丁“用雙縫干涉實驗測量光的波長”實驗中，觀察到的干涉條紋雖然傾斜，但不影響波長測量的結果
【考點】探究變壓器原、副線圈電壓與匝數的關系；用雙縫干涉測量光的波長；用油膜法估測油酸分子的大小；用單擺測定重力加速度．
【專題】定性思想；歸納法；單擺問題；交流電專題；估算分子個數專題；光的干涉專題；理解能力．
【答案】AD
【分析】根據變壓器的工作原理分析；根據單擺的周期公式分析；根據該實驗的實驗步驟分析；根據干涉條紋間距分析。
【解答】解：A、圖甲“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數的關系”實驗中，如果可拆變壓器的“橫梁”鐵芯沒裝上，原線圈接入10V的交流電時，會發生漏磁現象，仍有部分磁場穿過副線圈，副線圈會發生電磁感應現象，所以副線圈輸出電壓不為零，故A正確；
B、圖乙“用單擺測重力加速度”的實驗中，為了使擺的周期大一些，以方便測量，根據單擺周期公式T＝2可知，在開始時拉開擺球，使擺線相距平衡位置有較大的角度并不能改變單擺的周期，如果角度過大，擺球可能做的就不是簡諧運動了，故B錯誤；
C、圖丙“用油膜法估測油酸分子的大小”實驗中，先撒入爽身粉，再滴入油酸酒精溶液，故C錯誤；
D、圖丁“用雙縫干涉實驗測量光的波長”實驗中，觀察到的干涉條紋雖然傾斜，但是測得的條紋間距還是正確的，所以不影響波長測量的結果，故D正確。
故選：AD。
【點評】本題考查了變壓器的變壓規律、單擺的周期公式、以及“用油膜法估測油酸分子的大小”實驗步驟和“用雙縫干涉實驗測量光的波長”實驗分析等，基礎題。
（多選）11．（2025春 北侖區校級期中）如圖甲所示，定值電阻R0＝1.0，閉合開關S，改變電阻箱R阻值，得到多組R、I值，并作出了如圖乙所示的圖線（電流表內阻近似為0），則（　　）
A．電源電動勢為5.0V
B．電源內阻為1.5Ω
C．利用該裝置測得的電動勢大于其真實值
D．利用該裝置測得的內阻大于其真實值
【考點】測量普通電源的電動勢和內阻．
【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；分析綜合能力．
【答案】AD
【分析】根據圖示電路圖應用閉合電路的歐姆定律求出圖像的函數表達式，然后根據圖示圖像求出電源電動勢與內阻，從而分析誤差。
【解答】解：AB.根據閉合電路歐姆定律
解得
根據圖像
r+R0＝2.5
解得
r＝0.5Ω
故A正確，B錯誤；
C.該裝置電流表內阻位置，實際的歐姆定律可得
整理
因此可發現斜率不變則測量的電動勢和真實電動勢一樣，故C錯誤；
D.該裝置測得的內阻是定值電阻、電源內阻、電流表內阻的串聯值，由于電流表內阻未知，所以內阻測量值大于真實值，故D正確。
故選：AD。
【點評】本題考查了測電源電動勢與內阻，根據圖示電路圖應用閉合電路的歐姆定律即可解題。
（多選）12．（2025 萊州市校級開學）如圖所示，圖1、圖2是伏安法測電源電動勢和內阻的兩種常用方法，由于電流表和電壓表都不是理想電表，所以測量結果有系統誤差。下列分析正確的是（　　）
A．采用圖1的方法，引起系統誤差的原因是電壓表的分流作用；采用圖2的方法，引起系統誤差的原因是電流表的分壓作用
B．圖3是用“圖1”電路處理的結果，其中圖線②表示測量圖線，圖線①表示真實圖線
C．圖4是用圖2電路處理的結果，其中圖線③表示測量圖線，圖線④表示真實圖線
D．圖3和圖4結合處理實驗數據，可以消除因電表不理想而引起的系統誤差
【考點】測量普通電源的電動勢和內阻．
【專題】實驗題；實驗探究題；定量思想；推理法；恒定電流專題；實驗探究能力．
【答案】ABD
【分析】分析兩電路，明確因電表內阻不計而帶來的誤差情況；明確兩種接法中所對應的極限情況，從而找出對應的圖線，再根據測量值的誤差情況明確真實圖象和測量圖像。
【解答】解：A．由于電流表和電壓表都不是理想電表，則電壓表內阻不是無窮大電流表存在內阻，采用圖2的方法，由于電流表的分壓使電壓表讀數偏小，引入系統誤差的原因是電流表的分壓作用，采用圖1的方法，由于電壓表的分流使電流表的讀數偏小，引入系統誤差的原因是電壓表的分流作用，故A正確；
B．采用圖1的方法，由于電壓表的分流使電流表讀數偏小，當外電路短路時，電壓表分流為0，即圖1方法中測量圖線和真實圖線與橫軸交點相同，則圖3是用“圖1”電路處理的結果，其中圖線②表示測量圖線，圖線①表示真實圖線，故B正確；
C．采用圖2的方法，由于電流表的分壓使電壓表讀數偏小，當外電路斷路時，電流表的分壓為0，即圖2方法中測量圖線和真實圖線與縱軸交點相同，則圖4是用圖2電路處理的結果，其中圖線③表示真實圖線，圖線④表示測量圖線，故C錯誤；
D．利用圖3中圖線與橫軸交點、圖4中圖線與縱軸交點，連接后可得出真實的圖線，可以消除因電表不理想而引起的系統誤差，故D正確。
故選：ABD。
【點評】本題考查測量電動勢和內電阻的實驗誤差分析，要注意明確誤差來自于電表內阻；將電表視為能測量數值的電阻再利用閉合電路歐姆定律以及串并聯電路規律進行分析即可求解；初學者難度稍大，要注意此類題型的訓練。
三．填空題（共4小題）
13．（2025 焦作模擬）某實驗小組利用DIS等實驗器材測量同一電池組的電動勢和內阻，實驗裝置如圖甲所示，多次改變電阻箱的阻值，記錄外電路總電阻阻值R，用電壓傳感器測得路端電壓U，并在計算機上顯示出如圖乙所示的關系圖線。圖線在橫軸的交點為a，在縱軸的交點為b，由圖線可知，E＝ 　　 ，r＝ 　　 （均用a、b表示）。
【考點】測量普通電源的電動勢和內阻．
【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；實驗探究能力．
【答案】；
【分析】根據閉合電路歐姆定律求出圖像表達式，結合圖像的斜率求解。
【解答】解：由題圖可知，外電路的總電阻為R＝R0+R1
利用閉合電路歐姆定律得E＝Ur
變形為
由此可知關系圖線在縱軸的截距b
解得E
圖線斜率k
解得r
故答案為：；
【點評】本題考查了應用了伏安法測定一節干電池的電動勢和內電阻的實驗。掌握實驗原理是解題的前提，應用圖像法處理實驗數據，根據閉合電路歐姆定律求出圖像的函數表達式，根據圖象的斜率與截距求出電源電動勢與內阻。
14．（2025 思明區校級三模）（1）利用螺旋測微器和游標卡尺分別測量金屬棒的直徑和長度，測量結果分別如圖（a）和（b）所示，則該金屬棒的直徑d＝ 　1.848　 mm，金屬棒的長度為L＝ 　5.015　 cm。
（2）用多用電表粗測金屬棒的阻值：將多用電表的功能旋鈕調至“×100Ω”擋并進行一系列正確操作后，指針靜止時如圖（c）所示，則金屬棒的阻值約為 　700　 Ω。
【考點】練習使用多用電表（實驗）；游標卡尺的使用與讀數；螺旋測微器的使用與讀數．
【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理論證能力．
【答案】（1）1.848；5.015；（2）700
【分析】（1）根據螺旋測微器及游標卡尺的精確度讀數；
（2）根據指針位置及倍率讀數。
【解答】解：（1）螺旋測微器的精確度為0.01mm，讀數為1.5mm+34.8×0.01mm＝1.848mm
游標卡尺的精確度為0.05mm，讀數為50mm+3×0.05mm＝5.015cm
（2）指針位于7的位置，讀數誒700Ω
故答案為：（1）1.848；5.015；（2）700
【點評】本題考查儀器的讀數，解題關鍵掌握讀數的方法及原理。
15．（2024秋 河北區期末）常用測量工具的使用
①圖甲為10分度游標卡尺，示數為 　5.18　 cm。
②圖乙為螺旋測微器，示數為 　0.740　 mm。
③用多用電表粗測金屬棒的阻值：當用“×10Ω”擋時發現指針偏轉角度過大，他應該換用 　×1Ω　 檔（填“×1Ω”或“×100Ω”），換擋并進行一系列正確操作后，指針靜止時如圖丙所示，則金屬棒的阻值約為 　10　 Ω。
【考點】練習使用多用電表（實驗）；游標卡尺的使用與讀數；螺旋測微器的使用與讀數．
【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理論證能力．
【答案】①5.18；②0.740；③×1Ω，10。
【分析】①②③根據游標卡尺、螺旋測微器和歐姆表的讀數規則完成讀數。
【解答】解：①游標卡尺的精確度為0.1mm，示數為51mm+8×0.1mm＝51.8mm＝5.18cm；
②螺旋測微器的精確度為0.01mm，示數為0.5mm+24.0×0.01mm＝0.740mm；
③當用“×10Ω”擋時發現指針偏轉角度過大，說明待測電阻較小，應更換小倍率，即×1Ω擋，根據歐姆表的讀數規則，其讀數為10×1Ω＝10Ω。
故答案為：①5.18；②0.740；③×1Ω，10。
【點評】考查游標卡尺、螺旋測微器和歐姆表的讀數規則，會根據題意進行準確分析解答。
16．（2023秋 黃山期末）如圖甲所示，為一個雙量程電流表內部電路圖，其中小量程為0～0.6A，大量程為0～3A。若現在選擇的是小量程0～0.6A，則選擇的接線柱是“公共”和 　b　 （選填“a”或“b”），如圖乙為該量程下測量某電路時指針所指的位置，則電流值為 　0.44　 A。已知表頭G的滿偏電流Ig＝100mA，定值電阻R1未知，R2＝16Ω，則表頭G的內阻Rg的值為 　100　 Ω。
【考點】電表的改裝和應用（實驗）；把表頭改裝成電流表；電壓表、電流表的讀數．
【專題】實驗題；實驗探究題；定量思想；實驗分析法；恒定電流專題；實驗探究能力．
【答案】b；0.44；100。
【分析】并聯電阻有分流作用，分流與電阻成反比，從而確定量程大小與接線柱的對應關系；
量程為0～0.6A，分度值為0.02A，采用“半格估讀法”讀數；
根據串聯、并聯電路的特點和歐姆定律即可完成作答。
【解答】解：并聯電阻有分流作用，分流與電阻成反比，現在選擇的是小量程0～0.6A，因此選擇的接線柱是“公共”和b；
量程為0～0.6A，分度值為0.02A，采用“半格估讀法”讀數，電流值為0.44A；
當線柱是“公共”和b端時，量程I1＝0.6A
根據串聯、并聯電路的特點和歐姆定律IgRg＝（I1﹣Ig）（R1+R2）
當線柱是“公共”和a端時，量程I2＝3A
根據串聯、并聯電路的特點和歐姆定律Ig（Rg+R2）＝（I2﹣Ig）R1
當代入數據聯立解得R1＝4Ω，Rg＝100Ω。
故答案為：b；0.44；100。
【點評】本題考查了電流表的改裝，要明確實驗原理，掌握串聯、并聯電路的特點和歐姆定律；注意：并聯電阻有分流作用，分流與電阻成反比，從而確定量程大小與接線柱的對應關系。
四．實驗題（共4小題）
17．（2025 平度市模擬）為測定兩節干電池的電動勢和內阻，實驗室準備了下列器材：
A.待測的干電池，每節電池的電動勢約為1.5V，內阻均小于0.1Ω
B.電流表A1，量程0～3mA，內阻Rg1＝10Ω
C.電流表A2，量程0～0.6A，內阻Rg2＝0.1Ω
D.滑動變阻器R1（0～20Ω，10A）
E.定值電阻R0＝990Ω
F.開關和導線若干
（1）某同學發現上述器材中沒有電壓表，但給出了兩個電流表，于是它設計了如圖（a），（b）所示兩個參考電路圖，其中合理的是圖 　（b）　 。
（2）該同學從圖中選出合理的實驗電路后進行實驗，利用測出的數據繪制出I1﹣I2圖線（I1為電流表A1的示數，I2為電流表A2的示數），如圖（c）所示，已知圖像的斜率大小為k，縱截距為b，如果忽略R0所在支路的電流，則一節干電池的電動勢E＝ 　　 ，一節干電池的內阻r＝ 　　 （用題中所給的各物理量符號表示）。
（3）若考慮R0所在支路的電流，則可利用I1﹣I2圖像（c）中斜率大小k，縱截距b計算得到內阻的真實值r0以及電動勢的真實值E0，相較第（2）小問中內阻的測量值r， 　　 （用k，b表示）。
【考點】測量普通電源的電動勢和內阻．
【專題】實驗題；實驗探究題；定量思想；推理法；恒定電流專題；實驗探究能力．
【答案】（1）（b）；（2）；；（3）。
【分析】（1）根據圖示電路圖與實驗器材分析答題。
（2）求出圖像的函數解析式，容納后根據圖示圖像分析答題。
（3）根據圖示電路圖應用閉合電路的歐姆定律分析答題。
【解答】解：（1）一節干電池電動勢約為1.5V，兩節干電池電動勢約為3V，
若采用圖（a）所示電路圖，改裝后電壓表量程為0.6×（0.1+990）V＝594.06V
若采用圖（b）所示電路圖，改裝后電壓表量程為0.003×（10+990）V＝3V，則合理的是圖（b）。
（2）設每節干電池電動勢為E，內阻為r，忽略R0所在支路的電流，由閉合電路的歐姆定律得2E＝I1（Rg2+R0）+2I2r，整理得I1＝﹣2I2+2，
則I1﹣I2圖像圖像斜率的絕對值k＝2，縱軸截距b＝2，解得一節干電池的電動勢E，內阻r。
（3）考慮R0支路電流，由閉合電路的歐姆定律得2E0＝I1（Rg2+R0）+2（I1+I2）r0，整理得I1＝﹣2I2+2，
則k＝2，解得r0，則。
故答案為：（1）（b）；（2）；；（3）。
【點評】理解實驗原理是解題的前提，分析清楚電路結構，應用閉合電路的歐姆定律即可解題。
18．（2025 武漢模擬）某同學用如圖（a）所示的電路觀察電容器的充放電現象，實驗器材有電源E，電容器C，電壓表V（可視為理想電壓表），定值電阻R，電流傳感器（不考慮內阻），計算機，單刀雙擲開關S，導線若干。
（1）將S接1，電壓表示數逐漸增大，最后穩定在8V。在此過程中，電流傳感器的示數 　B　 ；
A.一直穩定在某一數值
B.由某一數值逐漸減小為零
C.先逐漸增大，后逐漸減小為零
D.先逐漸增大，后逐漸減小至某一非零數值
（2）電容器充電完成后，電容器 　上　 極板帶正電（選填“上”或“下”），再將S接2，通過傳感器將電流信息傳入計算機，畫出電流隨時間變化的I﹣t圖像，如圖（b），t＝1.2s時，I＝1.0mA，圖中兩陰影部分的面積之比為S1：S2＝3：2，則t＝1.2s時，電容器兩極板間電壓UC＝ 　3.2　 V，電阻R＝ 　3.2　 kΩ；（結果均保留2位有效數字）
（3）圖（b）中t＝1.2s時刻，圖線切線的斜率大小k＝0.781mA/s，由此可計算電容器的電容C＝ 　4.0×10﹣4　 F。（結果保留2位有效數字）
【考點】觀察電容器及其充、放電現象．
【專題】實驗題；實驗探究題；定量思想；實驗分析法；交流電專題；實驗探究能力．
【答案】（1）B；（2）上；3.2；3.2；（3）4.0×10﹣4。
【分析】（1）根據電容器充電過程中電流變化特點分析判斷；
（2）根據電容器放電，判斷電路中電流方向；I﹣t圖像中圖線與坐標軸圍成的面積表示電容器所帶的電荷量，據此求解電荷量之比；根據電容器的定義式求解t＝1.2s時電容器兩端的電壓；根據歐姆定律求解電阻R；
（3）根據面積法求解電荷量Q1，根據電容器的定義式求解電容。
【解答】解：（1）開關接1時，電容器充電，根據電容器充電的特點，當電路剛接通后，電流表示數從0突然增大某一最大值，然后隨著電容器的不斷充電，電路中的充電電流在減小，當充電結束電路穩定后，此時電路相當于開路，電流為0，故AC錯誤，B正確。
故選：B。
（2）由于電容器的上極板與電源正極相連，因此電容器充電完成后，電容器上極板帶正電；
由于I﹣t圖線的面積表示電荷量，則
充電結束后，電容器兩端電壓U＝8V，根據電容器的定義式
因此
代入數據解得UC＝3.2V
t＝1.2s時I＝1.0mA可知此時電容器兩端的電壓為
代入數據聯立解得R＝3.2kΩ；
（3）0～t＝1.2s，I﹣t圖線與坐標軸圍成的方格數為25格，電容器所帶的電荷量
則電容。
故答案為：（1）B；（2）上；3.2；3.2；（3）4.0×10﹣4。
【點評】本題主要考查了電容器的充、放電問題，要明確實驗原理，熟悉電容器充放電的特點，結合電容的計算公式即可完成分析。
19．（2025春 羅湖區校級期中）有一根條形磁鐵脫了漆，分不清哪頭是N極，哪頭是S極。為了弄清楚這個條形磁鐵的極性，小明和小華在該條形磁鐵的兩頭標記上P、Q，如圖甲所示，并分別做了如下實驗：
（1）小明按圖乙連好線圈和檢流表，將條形磁鐵的P端向下插入線圈，發現檢流表指針向左邊偏轉（已知檢流表零刻線在正中間，電流從正接線柱流入時其指針往右偏）。
（2）小華將一個鋁圈用細線靜止懸掛，如圖丙所示，并將條形磁鐵的Q端從左往右靠近鋁圈，發現鋁圈向右邊擺起。
（3）分析上述操作，可知誰的實驗可以判斷條形磁鐵的極性 　A　 。
A.小明
B.小華
C.都可以
（4）通過實驗結果，我們可知 　P　 （選填“P”或“Q”）端為條形磁鐵的N極。
（5）丙圖小華操作過程中，從左往右看鋁圈中感應電流的方向為 　順時針　 （選填“順時針”或“逆時針”）。
【考點】研究電磁感應現象；楞次定律及其應用．
【專題】實驗題；定量思想；推理法；電磁感應與電路結合；推理論證能力．
【答案】（3）A；（4）P；（5）順時針。
【分析】（3）（4）根據楞次定律，結合檢流表指針向左邊偏轉，可知電流從負接線柱流入檢流表分析求解；
（5）根據楞次定律，結合圖中磁通量變化情況分析求解。
【解答】解：（3）乙圖中小明的實驗根據楞次定律可判斷出磁鐵的極性，檢流表指針向左邊偏轉，可知電流從負接線柱流入檢流表，即線圈中的電流為逆時針（從上往下看），感應電流產生磁場的方向向上，而線圈磁通量增加，由增反減同可知，原磁場方向與感應電流產生磁場方向相反，原磁場方向向下，故P端為N極，故A正確，B錯誤；
故選：A。
（4）由以上解析可知，P端為N極。
（5）通過小明的實驗可知Q端為S極，由楞次定律可知丙圖中鋁圈中感應電流的方向為順時針。
故答案為：（3）A；（4）P；（5）順時針。
【點評】本題考查了電磁感應相關實驗，理解實驗目的、步驟、數據處理以及誤差分析是解決此類問題的關鍵。
20．（2025春 萬州區校級期中）“探究影響感應電流方向的因素”的實驗器材及部分連線如圖所示。
（1）用筆畫線代替導線，將實驗電路補充完整。
（2）閉合開關前，滑動變阻器滑片應移至最 　右　 端（選填“左”或“右”）。
（3）部分實驗操作與觀察到的指針偏轉情況如表格中所示。除表格中的操作外，下列能觀察到電流表指針左偏的操作有 　B　 （單選）。
將A插入 電流表指針左偏
將A抽出 電流表指針右偏
A.斷開開關
B.將滑動變阻器的滑片向左運動
C.將滑動變阻器的滑片向右運動
D.抽出A中的鐵芯
【考點】研究電磁感應現象．
【專題】實驗題；定量思想；推理法；電磁感應與電路結合；推理論證能力．
【答案】（1）如下圖所示：
；
（2）右；（3）B。
【分析】（1）根據實驗要求連接電路圖；
（2）根據閉合開關前，為保護電路，滑動變阻器接入電路的阻值應調到最大分析求解；
（3）根據將A抽出時，電流表指針右偏，即B線圈中磁通量減小時，電流表指針右偏分析求解。
【解答】解：（1）實驗電路如圖所示，A線圈接入電源，B線圈直接接在靈敏電流計兩端，電路連線如圖
（2）閉合開關前，為保護電路，滑動變阻器接入電路的阻值應調到最大，即滑動變阻器滑片應移至最右端；
（3）由表格中的操作及對應的現象可知，將A抽出時，電流表指針右偏，即B線圈中磁通量減小時，電流表指針右偏；
A．斷開開關，A線圈中電流消失，B線圈中磁通量減小，故能觀察到電流表指針右偏，故A錯誤；
BC．將滑動變阻器的滑片向左運動時，滑動變阻器接入電路的電阻減小，電路中電流增大，B線圈中的磁通量增大，觀察電流表指針左偏，故B正確，C錯誤；
D．抽出A中的鐵芯，則B線圈中的磁通量減小，能觀察到電流表指針右偏，故D錯誤。
故選：B。
故答案為：（1）如下圖所示：
；
（2）右；（3）B。
【點評】本題考查了影響感應電流方向的因素實驗，理解實驗目的、步驟、數據處理以及誤差分析是解決此類問題的關鍵。
21世紀教育網 www.21cnjy.com 精品試卷·第 2 頁 （共 2 頁）
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