資源簡介

2025-2026學年湖南省武岡市第十中學高一年級入學
物理摸底檢測試卷
學校:___________姓名:___________班級:___________考號:___________
一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。
1．關于自由落體運動，以下說法正確的是（　　）
A．歷史上亞里士多德和伽利略對自由落體運動都給出了正確的描述
B．自由落體運動是勻變速直線運動，其速度隨下落的高度均勻變化
C．物體在不同的城市做自由落體運動，下落的快慢一樣
D．從有7層高的居民樓頂跌落一花盆，大約2秒落地
2．如圖所示，利用動滑輪提升物體，使其在10s內勻速上升4m。物體的重力為10N，動滑輪的重力為2N，不計繩重與摩擦。下列說法正確的是（　　）
A．使用動滑輪可以省距離 B．物體運動的速度為4m/s
C．拉力的大小為5N D．繩子自由端移動的距離為8m
3．如圖所示是一輛汽車做直線運動的x﹣t圖象，對相應的線段所表示的運動，下列說法正確的是（　　）
A．AB段表示勻速直線運動
B．BC段發生的位移大于CD段發生的位移
C．CD段運動方向和BC段運動方向相反
D．CD段運動的速度大小小于BC段運動的速度大小
4．如圖所示，兩手指用力擠壓鉛筆的兩端使它保持靜止，下列說法中正確的是（　　）
A．鉛筆靜止時，兩手指對鉛筆的壓力是一對平衡力
B．鉛筆靜止時，兩手指對鉛筆的壓力是相互作用力
C．左邊手指受到的壓力大于右邊手指受到的壓力
D．用力擠壓鉛筆時，鉛筆不發生形變
5．如圖所示，一高考倒計時牌通過一根輕繩懸掛在掛鉤上。掛上后發現倒計時牌是傾斜的，已知，計時牌的重力大小為。不計一切摩擦，下列說法正確的是（　　）
A．如圖位置平衡時，繩對掛鉤的作用力大于
B．如圖位置平衡時，繩與豎直方向的夾角大于繩與豎直方向的夾角
C．如圖位置平衡時，繩的拉力大小為
D．將計時牌掛正，平衡時繩的拉力小于計時牌傾斜時繩的拉力
6．某種新能源汽車配置有智能輔助駕駛系統，能對周圍環境全方位監控，必要時可主動剎車。該種新能源汽車在平直公路上做剎車試驗，若從0時刻起，汽車的速度的二次方與位移之間的關系如圖所示，則汽車在剎車過程中（ ）
A. 加速度大小為
B. 在第內的位移大小為
C. 在內的速度變化量大小為
D. 在最后內的平均速度大小為
二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項是符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。
7．如圖所示，用水平外力F將木塊壓在豎直墻面上，木塊保持靜止，下列說法中正確的是（ ）
A．木塊所受的重力與墻對木塊的靜摩擦力是一對平衡力
B．木塊所受的重力與墻對木塊的靜摩擦力是一對作用力與反作用力
C．墻對木塊的彈力大小等于F，是因為墻發生形變產生的
D．增大F，墻對木塊的摩擦力將變大
8．如圖所示，水平輕彈簧兩端拴接兩個質量均為m的小球a和b，拴接小球的細線P、Q固定在天花板上，兩球靜止，兩細線與水平方向的夾角均為。現剪斷細線P。彈簧的勁度系數為k，重力加速度大小為g，取。下列說法正確的是（　　）
A．剪斷細線P前，彈簧形變量為
B．剪斷細線P的瞬間，小球b的加速度大小為
C．剪斷與a球連接處的彈簧的瞬間，細線P的拉力變小
D．剪斷與a球連接處的彈簧的瞬間，小球a的加速度大小為
9．校慶攝制組的同學使用無人機進行拍攝，無人機在飛行的某1 min內，前30 s沿正東方向做水平直線運動，后30 s沿正北方向做水平直線運動，其速率v隨時間t變化的關系如圖所示。下列判斷正確的是(sin 37°＝0.6)
A．無人機在10 s末、40 s末的加速度大小之比為3∶2
B．無人機在前30 s、后20 s內的平均速率之比為4∶7
C．1 min內，無人機飛行的路程為500 m
D．1 min內，無人機的位移大小為500 m，方向東偏北53°
10．如圖，傾角為30°的斜面體靜止在水平地面上，輕繩一端連著斜面上的物體A(輕繩與斜面平行)，另一端通過兩個滑輪相連于天花板上的P點.動滑輪上懸掛質量為m的物塊B，開始時懸掛動滑輪的兩繩均豎直.現將P點緩慢向右移動，直到動滑輪兩邊輕繩的夾角為90°時，物體A剛好要滑動.假設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，物體A與斜面間的動摩擦因數為．整個過程斜面體始終靜止，不計滑輪的質量及輕繩與滑輪的摩擦.下列說法正確的是( )
A．物體A的質量為
B．物體A受到的摩擦力一直增大
C．地面對斜面體的摩擦力水平向左并逐漸減小
D．斜面體對地面的壓力逐漸減小
三、非選擇題（本大題共5小題 共56分）
11．橡皮筋也像彈簧一樣，在彈性限度內，伸長量x與彈力F成正比，即，k的值與橡皮筋未受到拉力時的長度L、橫截面積S有關，理論與實踐都表明，其中Y是一個由材料決定的常數，材料力學上稱之為楊氏模量。
（1）在國際單位制中，楊氏模量Y的單位應該是______。
A．N B．m C．N/m D．Pa
（2）有一段橫截面是圓形的橡皮筋，應用如圖1所示的實驗裝置可以測量出它的楊氏模量Y的值．首先利用刻度尺測得橡皮筋的長度L＝20.00cm，利用測量工具測得橡皮筋未受到拉力時的直徑，那么測量工具應該是______。
（3）做出橡皮筋受到的拉力F與伸長量x的圖象，如圖2所示，由圖象可求得該橡皮筋的勁度系數，那么，這種橡皮筋的Y值等于______（只要填寫Y的數值并保留兩位有效數字）
12．某探究小組為了研究小車在桌面上的直線運動，用自制“滴水計時器”計量時間．實驗前，將該計時器固定在小車旁，如圖甲所示．實驗時，保持桌面水平，用手輕推一下小車，在小車運動過程中，滴水計時器等時間間隔地滴下小水滴，圖乙記錄了桌面上連續6個水滴的位置．已知滴水計時器每30 s內共滴下46個小水滴．
甲
乙
(1)由圖乙可知，小車在桌面上是________(填“從右向左”或“從左向右”)運動的；
(2)該小組同學根據圖乙的數據判斷出小車做勻變速運動．小車運動到圖乙中A點位置時的速度大小為________m/s，加速度大小為________m/s2.(結果均保留兩位有效數字)
13．如圖所示，一足夠長且豎直固定的長直圓管內有一靜止的薄圓盤，圓盤與管的上端口距離為h=0.8m。一小球從管的上端口由靜止下落，并撞在圓盤中心，碰撞后小球做豎直上拋運動，圓盤做勻減速直線運動，在圓盤的速度減為零的瞬間，小球恰好第2次與圓盤發生碰撞。已知每次碰撞后瞬間圓盤和小球的速率均為碰撞前瞬間小球速率的一半，小球與圓盤發生碰撞的時間極短（可忽略），小球在圓管內運動時與管壁不接觸，圓盤始終水平，不計空氣阻力，重力加速度g取10m/s2。求：
(1)小球從釋放到第1次與圓盤碰撞的時間；
(2)小球第2次與圓盤碰撞時，圓盤下降的高度；
(3)圓盤在圓管內做勻減速直線運動的加速度大小。
14．如圖所示，質量為10kg截面為等腰直角三角形的斜面C靜止在水平面上，在直角頂點處固定一光滑小滑輪，滑輪質量可以忽略，通過滑輪將質量為3kg滑塊A和滑塊B用細繩相連接，兩繩分別和兩斜面平行。改變滑塊B的質量，當B的質量為A的一半時，滑塊A恰好勻速下滑，兩滑塊與斜面間動摩擦因數相同，且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g=10m/s2。求
（1）滑塊與斜面間動摩擦因數均為多少；
（2）斜面C對地面的壓力多大；
（3）繩子對小滑輪的作用力。
15．如圖所示，物體從O點由靜止出發開始做勻加速直線運動，途經A、B、C三點，其中|AB|=2m，|BC|=3m。若物體通過AB和BC這兩段位移的時間之比為3：2，求OA之間的距離？
物理摸底檢測試卷參考答案
1．【答案】D
【詳解】A．歷史上伽利略對自由落體運動給出了正確的描述，認為輕重物體下落的同樣快；而亞里士多德認為重的物體下落的快，對自由落體運動給出了錯誤的描述，選項A錯誤；
B．自由落體運動是勻變速直線運動，其速度隨下落的高度不是均勻變化的，選項B錯誤；
C．不同城市的重力加速度不同，則物體在不同的城市做自由落體運動，下落的快慢不一樣，選項C錯誤；
D．因7層樓的高度大約20m，則從有7層高的居民樓頂跌落一花盆，落地大約的時間為。選項D正確。選D。
2．【答案】D
【詳解】使用動滑輪可以省力，但費距離，故A錯誤；物體在10s內勻速上升4m，物體運動的速度為，故B錯誤；由圖可知，滑輪組繩子的有效股數n＝2，物體的重力為10N，動滑輪的重力為2N，故拉力的大小為，故C錯誤；繩子自由端移動的距離為，故D正確。
3．【答案】C
【詳解】試題分析：AB段表示物體靜止；BC段發生的位移為+8m，CD段發生的位移為-12m，所以BC段發生的位移小于CD段發生的位移；BC段物體的速度為正，大小等于4m/s，CD段物體的速度為負，大小等于6m/s，所以CD段運動方向和BC段運動方向相反；且CD段運動的速度大小大于BC段運動的速度大小，選項C正確．
考點：x-t圖線．
4．【答案】A
【詳解】AB．鉛筆處于靜止狀態，兩手指對鉛筆的壓力是一對平衡力，則左邊手指受到的壓力等于右邊手指受到的壓力，A正確，BC錯誤；
D．用力擠壓鉛筆時，鉛筆會發生形變，只是微小形變，肉眼看不出，D錯誤。選A。
5．【答案】C
【詳解】如圖位置平衡時，由平衡條件可知，掛鉤對繩的作用力為，由牛頓第三定律可知，繩對掛鉤的作用力等于，A錯誤；一根輕繩懸掛在掛鉤上，不計一切摩擦，則繩上張力大小處處相等，設繩上張力大小為T。高考倒計時牌受重力、繩OA、OB對它的拉力T，共三個力的作用，處于靜止狀態，則兩力的合力必與重力等大反向，繩子拉力與豎直方向的夾角均為45°，如圖所示
由平衡條件有，解得，B錯誤，C正確；將計時牌掛正，由幾何知識可知兩繩間的夾角增大，兩繩合力不變，繩子拉力增大，D錯誤。
6．【答案】D
【詳解】根據勻變速直線運動位移—速度公式，可得（關鍵：找出對應的函數關系式，確定圖像斜率和截距的含義），結合題圖可知，汽車的初速度為，加速度為，錯誤；由勻變速直線運動位移—時間公式可得，解得在第內的位移大小為，錯誤；汽車從開始剎車到停下所用的時間（易錯：剎車問題首先判斷剎車停止時間）為，可知汽車在內的速度變化量，錯誤；根據逆向思維（點撥：物體做減速為零的勻減速直線運動可以反向看成從零開始的勻加速直線運動）可得，汽車在最后內的位移大小為，則汽車在剎車過程中最后內的平均速度大小為，正確。
【一題多解】 求解最后內的平均速度，可以先通過逆向思維求出最后的初速度為，再通過解得。
7．【答案】AC
【詳解】AB．木塊在豎直方向合力為零，即木塊所受的重力與墻對木塊的靜摩擦力是一對平衡力，選項A正確，B錯誤；
C．墻對木塊的彈力大小等于F，是因為墻發生形變產生的，選項C正確；
D．墻對木塊的摩擦力等于木塊的重力，則增大F，墻對木塊的摩擦力不變，選項D錯誤。
選AC。
8．【答案】ACD
【詳解】
A．剪短細線P前，對小球a進行受力分析，小球a受豎直向下的重力，水平向右的彈簧彈力以及沿繩子向上的細繩的拉力。根據共點力平衡有
解得
故A正確；
B．剪斷細線P的瞬間，彈簧的彈力不變，所以小球b處于靜止狀態，合力為零，加速度為0，故B錯誤；
CD．剪斷細線P前，細線P的拉力為
剪斷與a球連接處的彈簧的瞬間，彈簧的彈力為零，小球a即將做擺動，但擺動的速度為零，則徑向合力為零，切向合力提供切向加速度，有
解得
，
即剪斷與a球連接處的彈簧的瞬間，細線P的拉力變小，小球a的加速度大小為，故CD正確；
故選ACD。
9．【答案】BD
【詳解】
本題考查v－t圖像。根據題圖可知，10 s末加速度大小為a1＝ m/s2，40 s末加速度大小為a2＝1 m/s2，則a1∶a2＝2∶3，故A錯誤；前30 s，因為是直線運動，s＝20×30× m＝300 m，v1＝＝10 m/s，后20 s也是直線運動，s′＝(10＋20)×10× m＋20×10 m＝350 m，v2＝＝ m/s，所以＝，故B正確；由上述計算可知，前0.5 min內沿正東方向的位移為300 m，后0.5 min內沿正北方向位移為400 m，則路程為700 m，位移大小為500 m，方向東偏北53°，故C錯誤，D正確。
10．【答案】AB
【詳解】同一條繩子上的拉力相等，對B分析，當兩條繩子的夾角為90°時，繩子的拉力為，對A分析，在沿斜面方向上有：A受到最大靜摩擦力，重力沿斜面向下的分力和繩子的拉力，故有，，解得，A正確；當兩個輕繩都是豎直方向時，繩子的拉力最小，此時，所以一剛開始靜摩擦力方向沿斜面向下，故，隨著T的增大，摩擦力在增大，B正確；將斜面和A以及B看做一個整體，繩子受到最右邊繩子的拉力作用，并且每條繩子在豎直方向上的分力恒等于，故有，隨著的增大，摩擦力在增大，C錯誤；對斜面體分析，受最左邊繩子斜向下的拉力，這個拉力在豎直方向上的分力恒等于，所以斜面體對地面的壓力恒定不變，D錯誤。
故選AB。
11．【答案】 D 螺旋測微器 5.0×106
【詳解】（1）[1]根據
可得
可得的單位是，結合
可得
可得的單位是，即壓強的單位為，故D正確，ABC錯誤；
（2）[2]測量直徑是測量到毫米的千分位，故用到的測量工具是螺旋測微器；
（3）[3]根據圖象可得，勁度系數的大小
根據
其中
聯立解得
12．【答案】(1)從右向左　(2)0.19　0.038
【解析】(1)小車在桌面上做勻減速運動，故相等的時間內，桌面上連續兩水滴間的距離會逐漸減小，故小車在桌面上是從右向左運動的．
(2)已知滴水計時器每30 s內共滴下46個小水滴，那么45個時間間隔對應30 s，則各水滴之間的時間間隔為T＝ s＝ s，根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，有vA＝×10－3 m/s≈0.19 m/s；根據勻變速直線運動的推論公式Δx＝aT2可得小車加速度的大小a＝×10－3 m/s2≈0.038 m/s2.
【方法總結】處理紙帶問題，一般是根據勻變速直線運動的推論公式Δx＝aT2求出加速度的大小，根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，求出紙帶上打某點時小車的瞬時速度大小．
13．【答案】(1)0.4s
(2)0.6m
(3)m/s2
【詳解】（1）小球與圓盤碰撞前做自由落體運動，有
解得
=0.4s
（2）以向下為正方向，小球第Ⅰ次與圓盤碰撞前瞬間的速度
=4m/s
小球第1次與圓盤碰撞后瞬間，小球的速度
=-2m/s
圓盤的速度
=2m/s
設經時間t，小球第2次與圓盤碰撞，此時圓盤下降的高度為H，對小球有
對圓盤，有
聯立解得
H=0.6m
（3）圓盤做勻減速直線運動，有
解得
m/s2
14．【答案】（1）；（2）145N；（3）20N，方向豎直向下
【詳解】（1）滑塊A恰好勻速下滑分別對兩物塊受力分析有
分析滑塊A的受力，有
分析滑塊B的受力，有
由牛頓第三定律知
T=T′
解得
（2）對A、B、C整體受力分析知地面的支持力為
代人數據得
N=145N
根據牛頓第三定律有，斜面對地面的壓力為145N，方向豎直向下
（3）根據（1）解得
對滑輪受力分析知二力的合力方向豎直向下大小為
代入數據解得
F=20N
方向豎直向下。
15．【答案】
【詳解】設OA間距離為x，經過OA時間為，經過AB的時間為3t，經過BC的時間為2t。加速度為a。則，，，聯立解得
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